2013届山东省烟台市莱州一中高三第三次质量检测物理试卷与答案（带解析）.doc

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1、2013届山东省烟台市莱州一中高三第三次质量检测物理试卷与答案（带解析） 选择题 以下说法符合物理史实的是 A奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第发现了电磁感应现象 B牛顿发现了万有引力定律，并用扭秤装置测出了引力常量 C开普勒关于行星运动的描述为万有引力定律的发现奠定了基础 D库仑认为在电荷的周围存在着由它产生的电场，并提出用电场线简洁地描述电场 答案： AC 试题分析： A、奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第发现了电磁感应现象；正确 B、牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许用扭秤装置测出了引力常量；错误 C、开普勒关于行星运动的描述为万有引力定律的发现奠定了基础；正确 D、法拉第认为在电荷的周围存在

2、着由它产生的电场，并提出用电场线简洁地描述电场；错误 故选 AC 考点：物理学史 点评：学习物理学史，可以让我们了解物理学建立的过程，加深对物理知识的理解 如图是表示一定质量的理想气体的状态变化过程图像，变化过程如图中箭头所示，则下列说法中，正确的是（ ） A ab过程中气体的内能增加，密度不变 B bc过程中气体内能增大，气体对外做功 C cd过程中分子的平均动能不变，对外放热 D da过程中，气体内能增加，密度不变 答案： AB 试题分析：根据气体状态方程 和已知的变化量去判断其它的物理量温度是分子平均动能变化的标志一定质量的理想气体的密度变化看体积的变化 A、 ab过程中 T增大，分子平

3、均动能增大，内能增大。根据气体状态方程知道 V不变质量不变，所以气体密度不变；正确 B、 bc过程中 T增大，分子平均动能增大，内能增大。 P不变，根据气体状态方程 知道 V增大，气体对外做功；正确 C、 cd过程中 T不变，分子平均动能不变， P减小，据气体状态 方程 知道 V增大，对外做功，应吸热；错误 D、 da过程中， T减小，分子平均动能减小，内能减小， P不变，根据气体状态方程 知道 V减小，质量不变，气体密度增大；错误 故选 AB 考点：理想气体的状态方程 点评：注意研究过程中哪些量不变，哪些量变化能够用物理规律把所要研究的物理量表示出来 为了测定木块和竖直墙壁之间的滑动摩擦因数

4、，某同学设计了一个实验：用一根弹簧将木块压在墙上，同时在木块下方有一个拉力 F2作用，使木块恰好匀速向下运动（弹簧随木块一起向下运动），如图所示。现分别测出了弹簧的弹力 F1、拉力 F2和木块的重力 G，则动摩擦因数 应等于（ ） A B C D 答案： A 试题分析：木块恰好匀速向下运动，说明木块受力平衡，则有； , 则 故选 A 考点：滑动摩擦力 点评：木块恰好匀速向下运动，说明木块受力平衡，根据平衡条件及滑动摩擦力的公式即可解题 如图所示，为两个有界匀强磁场、磁感应强度大小均为 B，方向分别垂直纸面向里和向外，磁场宽度均为 L，距磁场区域的左侧 L处，有一边长为 L的正方形导体线框，总电

5、阻为 R，穿过磁场区域，以初始位置为计时起点，规定 i电流沿逆时针方向时为正，磁感线垂直纸面向里时磁通量 为正值，外力 F向右为正，则以下关于线框中的磁通量 、感应电流 i、外力 F和电功率 P随时间变化的图象正确的是 答案： D 试题分析：由线圈的运动可得出线圈中磁通量的变化；由则由法拉第电磁感应定律及 可得出电动势的变化；由欧姆定律可求得电路中的电流，则可求得安培力的变化；由 可求得电功率的变化 A、当线框运动 L时开始进入磁场，磁通量开始增加，当全部进入时达最大；此后向外的磁通量增加，总磁通减小；当运动到 2.5L时，磁通量最小；错误 B、当线圈进入第一个磁场 时，由 可知， I保持不变

6、，而开始进入第二个磁场时，两端同时切割磁感线，电动势应为 ，故电流应为 2I；错误 C、因安培力总是与运动方向相反，故拉力应一直向右；错误 D、拉力的功率 ，因速度不变，而线框在第一个磁场时，电流为定值，功率为定值，两边分别在两个磁场中时，由 B的分析可知，电流加倍，功率为原来的 4倍；此后从第二个磁场中离开时，功率应等于线框在第一个磁场中的功率；正确 故选 D 考点：电磁感应与图象的结合问题 点评：电磁感应与图象的结合问题，在解题时涉及的内容较多，同时过程也较为复杂；故在解题时要灵活，可以 选择合适的解法，如排除法等进行解答 如图所示，足够长的 U形光滑金属导轨平面与水平面成 角（ 0 ，用

7、小箭头表示船头的指向及小船在不同时刻的位置，虚线表示小船过河的路径，则下图中可能正确的是答案： CD 试题分析：小船的运动是，船相对静水的运动与船顺水漂流两个运动的合运动，由运动的合成与分解进行分析。 AC、船头与河岸垂直，船向对岸行驶的同时还会顺水向东漂流； C正确 B、合运动与船相对静水的运动方向不同；错误 D、要垂直河岸渡河，船头必须向西偏；正确 故选 CD 考点：运动的合成和分解 点评：运动的 合成与分解的应用 -小船渡河模型；要注意合运动与分运动间的独立性及等时性的应用 测定运动员体能的一种装置如图所示，运动员质量 m1，绳拴在腰间沿水平方向跨过一个轻质且不计摩擦的滑轮，悬挂重物 m

8、2，人用力蹬传送带而人的重心相对于地面不动，使传送带上侧以速率 v向右运动，下面是关于人对传送带做功的说法，正确的是：（ ） A人对传送带做正功 B人对传送带不做功； C人对传送带做功的功率为 m2gv D人对传送带做功的功率为（ m1+m2） gv 答案： AC 试题分析：通过在力的方向上有无位移判断力是否做功人的重心不动知人处于平衡状态，摩擦力与拉力平衡 AB、人对传送带的摩擦力向右，传送带上侧以速率 v向右运动，即人对传送带做正功； A正确 CD、人的重心不动，绳对人的拉力和人与传送带间的摩擦力平衡，而拉力又等于 所以人对传送带做功的功率为 ； C正确 故选 AC 考点：功和功率 点评：

9、本题的关键掌握判断力是否做功的方法，当力与运动方向垂直，该力不做功 如图所示，实线为不知方向的三条电场线，从电场中 M点以相同速度飞出a、 b两个带电粒子，运动轨迹如图中虚线所示，不 计粒子的重力。则（ ） A a、 b一定是异性电荷 B a的速度将减小， b的速度将增加 C a的加速度将减小， b的加速度将增加 D两个粒子的电势能一个增加一个减小 答案： AC 试题分析：电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小 A、电场线的方向不知，所以粒子带电性质不定，由图知 a、 b两粒子，受电场力方向相反，则 a、 b一定是异性电

10、荷；正确 B、从图中轨道变化来看电场力都做正功，动能都增大，速度增大；错误 C、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，所以 a受力减小，加速度减小， b受力增大，加速度增大；正确 D、从图中轨道变化来看电场力都做正功，动能都增大，电势能都减少；错误 故选 AC 考点：电场线 点评：掌握住电场线的特点，即可解决本题 理想变压器原线圈两端输入的交变电压如图甲所示，变压器原、副线圈的匝数比为 11： 2，如图乙所示，定值电阻 0 10，滑动变阻器 R的阻值变化范围为 0 20，下列说法中正确的是 A变压器输出电压的频率为 100Hz B电压表的示数为 56.5V C当滑动 的变阻器

11、阻值减小时，变压器输入功率变大 D当滑动变阻器阻值调为零时，变压器的输出功率为 16W 答案： C 试题分析：根据瞬时值表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求得结论 A、变压器不改变交变电流的频率，由图象可知，交流电的周期为 0.02s，所以交流电的频率为 50Hz；错误 B、电压表的示数为副线圈输出电压的有效值，由图甲可知，原线圈输入电压的有效值为 ,由 可得 ；错误 C、当滑动的变阻器阻值减小时，副线圈的电压不变，所以电路消耗的功率将变大，变压器的输出功率增加，输入功率增加；正确 D、当滑动变阻器阻值调为零时，变压器的输出功率为 ；错误 故选 C 考点：

12、变压器的构造和原理 点评：注意变压器不改变交变电流的频率，交流电压读数为有效值，理想变压器有 。 “天宫一号 ”是中国第一个目标飞行器，于 2011年 9月 29日 21时 16分 3秒在酒泉卫星发射中心发射，随后发射的 “神州八号 ”无人飞船已与它成功对接。它们的运行轨迹如图所示，假设 “天宫一号 ”绕地球做圆周运动的轨道半径为 r，周期为，引 力常量为，则以下说法正确的是 A根据题中条件可以计算出地球的质量 B根据题中条件可以计算出地球对 “天宫一号 ”的引力大小 C在近地点 p外， “神州八号 ”的加速度比 “天宫一号 ”大 D要实现 “神州八号 ”与 “天宫一号 ”在近地点 P处安全对

13、接，需在靠近 p处制动减速 答案： AD 试题分析：飞行器绕地球做圆周运动，万有引力提供向心力，由圆周运动的规律，进行分析。 A、 “天宫一号 ”绕地球做圆周运动，万有引力提供向心力，则 ，可得 ；正确 B、因不知 “天宫一号 ”的质量，所以不能计算出地球对 “天宫一号 ”的引力大小；错误 C、由 可得 ，即在近地点 p处， “神州八号 ”的加速度与 “天宫一号 ”的加速度一样大；错误 D、要实现在近地点 P处安全对接， “神州八号 ”与 “天宫一号 ”在 P点速度大小应相等，则 “神州八号 ”需在靠近 p处制动减速；正确 故选 AD 考点：万有引力定律的应用 点评：人造地球卫星绕地球做匀速圆

14、周运动的向心力为地球对卫星的万有引力根据万有引力定律和匀速圆周运动的规律可得。 在奥运比赛项目中，高台跳水是我国运动员的强项，质量为 m的跳水运动员入水后 受到水的阻力而竖直向下做减速运动，设水对他的阻力大小恒为，那么在他减速下降深度为 h的过程中，下列说法正确的是（ g为当地的重力加速度） A他的动能减少了 h B他的重力势能减少了 mgh C他的动能减少了（ -mg） h D他的机械能减少了 h 答案： BCD 试题分析：重力做功等于重力势能的减小量；合力做功等于动能的增加量；除重力外的其它力做的总功等于机械能的增加量 AC、动能的变化量等于合外力做的功，即 ，动能减少了 ；C正确 B、下

15、降高度为 h，重力势能减少 mgh；正确 D、阻力做的功等于机械能的减少量，即机械能的减少量为 h；正确 故选 BCD 考点功能原理 点评：除重力 (或万有引力 )、弹力之外，其他所有力对物体所做的功等于物体机械能的增量 为了让乘客乘车更为舒适，某探究小组设计了一种新的交通工具，乘客的座椅能随着坡度的变化而自动调整，使座椅始终保持水平，如图所示，当此车减速上坡时，乘客 A处于失重状态 B受到水平向右的摩擦力 C重力势能增加 D所受合力沿斜面向上 答案： AC 试题分析：当此车减速上坡时，整体的加速度沿斜面向下，对乘客进行受力分析，乘客受重力，支持力，根据加速度方向知道合力方向，根据合力方向确定

16、摩擦力方向。 A、当此车减速上坡时，整体的加速度沿斜面向下，乘客具有向下的加速度，所以处于失重状态；正确 B、对乘客进行受力分析，乘客受重力，支持力，由于乘客加速度沿斜面向下，而静摩擦力必沿水平方向，所以受到向左的摩擦力作用；错误 C、此车上坡，所以乘客重力势能增加；正确 D、由于乘客加速度沿斜面向下，根据牛顿第二定律可得所受力的合力沿斜面向下；错误 故选 AC 考点：牛顿运 动定律的应用 点评：本题关键结合运动状态对物体受力分析，然后根据牛顿第二定律列式求解 在地面上某处将一金属小球竖直向上抛出，上升一定高度后再落回原处，若不考虑空气阻力，则下列图象能正确反映小球的速度 、加速度 a、位移

17、x和动能 Ek随时间变化关系的是（取向上为正方向）答案： A 试题分析：金属小球竖直向上抛出，空气阻力忽略不计，只受重力，做竖直上抛运动，上升和下降过程加速度大小和方向都不变，故是匀变速直线运动；根据运动学公式和机械能守恒定律列式分析即可 AB、金属小球竖直向上抛出，空气阻力忽略不计，只受重 力，做竖直上抛运动，上升和下降过程加速度大小和方向都不变，故是匀变速直线运动； A正确 C、根据位移时间公式有 ；错误 D、根据机械能守恒定律有： ，其中 ，；错误 故选 A 考点：匀变速直线运动的图像 点评：关键是抓住竖直上抛运动是一种匀变速直线运动，结合运动学公式和机械能守恒定律列式分析求解。 下列关

18、于运动的描述中，正确的是：（ ） A平抛运动是匀变速运动 B圆周运动的加速度就是向心加速度 C匀速圆周运动的合力是恒力 D匀速圆周运动是速度不变的运动 答案： A 试题分析： A、平抛运动只受重力，加速度不变，即平抛运动是匀变速运动；正确 B、向心加速度只改变速度的方向，可见只有匀速率圆周运动的加速度是向心加速度；错误 C、匀速圆周运动的合力，大小不变，方向时刻变化，所以匀速圆周运动的合力不是恒力；错误 D、匀速圆周运动的速度方向时刻变化，所以匀速圆周运动的速度是是变化的；错误 故选 A 考点：运动的描述 点评：注意速度、加速度都是矢量，只有大小、方向都不变时才能说是不变的。 实验题 某一阻值

19、不变的纯电阻元件（阻值 Rx约 100），额定功率为 0.25w，要用伏安法较准确地测量它的阻值 ,实验器材有： 电流表 A1：量程为 60mA，内阻约为 5； 电流表 A2：量程为 1A，内阻约为 0.5； 电压表 V1：量程为 6V内阻约为 10k； 电压表 V2：量程为 30V，内阻约为 50k； 滑动变阻器 R： 0 10， 2A； 电源（ E=9V） ,开关，导线若干。 （ 1）实验中应选用电流表为 ，电压表为 ；（填入器材符号） （ 2）在虚线框内画出实验电路图： （ 3）实验中电阻测量值与真实值相比 （填 “偏大 ”、 “偏小 ”或 “相等 ”） 答案：（ 1） ； （ 2）实验

20、电路图如图所示 （ 3）偏小 试题分析：（ 1）电源电动势为 9V，电路中的最大电流为,电流表 量程太大，故电流表选 ；又因电源电动势为 9V，电压表 量程太大，故电压表选 （ 2）由于 ，所以测量电路电流表外接，又因电源电动势为9V，电压表 量程为 6V，滑动变阻器最大阻值为 10，为保障器材的安全，滑动变阻器用分压法；故实验电路如图 （ 3）电流表外接，由于电压表的分流作用，所以测量值比真实值偏小。 考点：伏安法测电阻 点评：本题关键，一要根据要求选择合适器材；二要选择合适的电路。 利用如图甲所示电路图可以测定定值电阻 R0的阻值、电源电动势 E及内电阻 r的值，利用实验测出的数据作出 U

21、-I图线如图乙所示。 （ 1）测得 a图线的电压表应该是 （填 “V1”或 “V2”） （ 2）要使实验中测量定值电阻 R0的误差可能小，对电流表 A的内电阻大小的要求是 ；（选填字母代号） A、尽可能选小一点 B、尽可能选大一点 C、无要求 （ 3）要使实验中测量电源电动势 E和内阻 r的误差尽可能 小对电压表 V1的内电阻大小的要求是 ；（选填字母代号） A、尽可能选小一点 B、尽可能选大一点 C、无要求 答案：（ 1） （ 2） C （ 3） B 试题分析：（ 1）电压表 测量的是路端电压，路端电压随电流的增大而减小，电压表 测量的是电阻 两端的电压，由欧姆定律可知 两端的电压随电流增大

22、而增大，由图可知 a图线随电流的增大而增大，测得 a图线的电压表应该是 （ 2）此实验电路测 得阻值用电流表的外接，误差的产生是由于电压表的分流作用，所以对电流表 A的内电阻大小无要求；故选 C （ 3）此实验电路测电源内阻 r的误差，主要来源为电压表的分流作用，电源内阻的测量值为电压表与电源并联的总电阻即 ，可见 越大误差越小；故选 B 考点：伏安法测电阻、测电源电动势和内电阻 点评：注意电源路端电压随电 流的增大而减小，定值电阻两端的电压随电流增大而增大。 在 “探究加速度与力、质量的关系 ”实验中，某实验小组用如图所示装置，采用控制变量的方法来研究小车质量不变的情况下，小车的加速度与小车

23、受到力的关系。 （ 1）此实验小组所用电源频率为 50Hz，得到的纸带如图所示，舍去前面比较密集的点，从 O 点开始，在纸带上取 A、 B、 C三个计时点（ OA间的各点没有标出），已知 d1=3.0cm， d2=4.8cm,d3=6.8cm.则小车运动的加速度为 m/s2（结果保留 2位有效数字） （ 2）某实验小组得到的图线 AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是（ ） A、小车与轨道之间存在摩擦 B、导轨保持了水平状态 C、砝码盘添加砝码的总质量太大 D、所用小车的质量太大 答案： .0 C 试题分析：（ 1）由 可得（ 2）实际中 ，令 得 ， m是变化的，只有当m0的空间中存在着

24、沿 y轴正方的匀强电场；在 y0的空间中存在垂直 xoy平面向里的匀强磁场。一个带负电的粒子（质量为 m,电荷量为q，不计重力），从 y轴上的 p(0,b)点以平行 x轴的初速度 射入电场，经过 x轴上的 N（ 2b,0）点。求： （ 1）粒子经过 N 点时的速度大小和方向。 （ 2）已知粒子进入磁场后恰好通过坐标原点，求磁感应强度 B和粒子从 p到 O运动的时间。 答案：（ 1） 方向与 x轴正方向成 45角 （ 2） 试题分析：（ 1）粒子在匀强电场中做类平抛运动，垂直于电场方向：沿电场方向： 则 在 N 点速度： 方向与 x轴正方向成 45角 （ 2）粒子进入磁场后做匀速圆周运动，运动轨

25、迹如图， 由几何关系知： 粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提 供向心力， 由牛顿第二定律有； 则 ； 由 可得 粒子在磁场中运动的周期为 则粒子在磁场中运动时间为： 考点：带电粒子在组合场中的运动 点评：此题要求首先要分析粒子在各个区域内的运动情况，必要时画出粒子的运动轨迹图，了解图中的几何关系利用粒子在电场中偏转时的速度的合成与分解，解决电子在电场中运动的相关问题；利用粒子在匀速圆周运动的半径和周期公式，结合洛伦兹力提供向心力可解答粒子在磁场中运动的相关问题。粒子从磁场边界以一定的角度射入只有一个边界的匀强磁场，当再次射出磁场时，速度与边界的夹角与原来 的相等。解题时充分利用这个结论，对解题有非常大的帮助。