2013届天津市天津一中高三第二次月考物理试卷与答案（带解析）.doc

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1、2013届天津市天津一中高三第二次月考物理试卷与答案（带解析） 选择题 质量为 m的汽车，启动后在发动机功率 P保持不变的条件下在水平路面上行驶，经过一段时间后将达到以速度 v匀速行驶的状态，若行驶中受到的摩擦阻力大小保持不变，则在车速为 时，汽车的加速度大小为（ ） A B C D 答案： A 试题分析：当汽车以恒定功率启动，当匀速运动时，阻力等于牵引力，所以，当速度为 时，有 ,所以 ，故此时的加速度为， A正确， 考点：考查了机车启动问题 点评：解决本题的关键掌握功率的公式 P=Fv，当功率不变时，速度增大，牵引力减小，牵引力等于阻力时，速度最大，以后做匀速直线运动 质量为 m，速度为

2、v0的子弹，水平射入一固定的地面上质量为 M的木块中，深入木块的深度为 L.如果将该木块放在光滑的水平面上，欲使同样质量的子弹水平射入木块的深度也为 L，则其水平速度应为 _。 答案： 试题分析：当木块固定时：系统消失的动能全部转化为内能，即 当该木块放在光滑的水平面上时，子弹和木块组成的系统的动量守恒，所以，消失的动能转化为内能，即 ，三个式子联立可得 考点：考查了动量守恒以及动能定理 的应用 点评：本题需要知道由于碰撞消失的能量转化为内能，然后利用动能定理，动量守恒定理分析解题， 如图所示，质量为 m的小球，以初速度 v0从斜面上 A点水平抛出，落在斜面上 B点时动能为初动能的 5倍，则在

3、此过程中重力冲量为 _，所用的时间为 _。 答案： mv0 2v0/g 试题分析：因为小球做平抛运动，所以末速度为 ，落在斜面上 B点时动能为初动能的 5倍，故 ，联立两式可得 ，故重力冲量为 ， 考点：考查了平抛运动与冲量定理的应用 点评：本题的关键是求出小球的运动时间，可根据平抛运动规律求出运动时间，根据冲量定理求出重力冲量 内侧轨道为 1/4圆周的小车的质量为 M，半径为 R，一个质量为 m的物体从小车的顶点由静止滑下，物体滑离小车底端时的速度设为 ，不计一切摩擦，下列说法中正确的是（ ） A物体滑离小车时的速度 B物块滑离小车时的速度 C物块滑离小车时小车的速度 D物块滑离小车时小车的

4、速度 答案： BC 试题分析：将小车和小球看做一个整体，小球滑动过程中，整体动量守恒，初动量为零，所以有 ,所以当物体离开小车时，小车的速度为 ，如果小车固定的话，根据机械能守恒可得 ,即物体的速度为，现在小车没有固定，故物体离开小车时，一部分重力势能转化为小车的动能了，故物块滑离小车时的速度 ，所以选 BC， 考点：考查了机械能守恒和动能守恒的应用 点评：本题的关键是明白小车固定和小车自由移动两种情况下的不同点，是一道经典的题目， 图甲为一列横波在 t=0时的波动图象，图乙为该波中 x=2m处质点 P的振动图象，下列说法正确的是（ ） A波速为 4m/s； B波沿 x轴负方向传播； C再过

5、0.5s， P点的动 能最大； D再过 2.5s， P点振动路程为 1.8cm 答案： AC 试题分析：由图 ，则波速 ， A错误，由振动图象上 t=0s时刻，读出 P点的速度方向沿 y轴正方向，则波沿沿 x轴正方向传播故 B 错误再过 0.5s，即四分之一周期 P 点达到平衡位置，速度最大，所以动能最大， C正确，再过 2.5s即 ,P点的路程为 ， D错误， 考点：本题考查识别、理解振动图象和波动图象的能力和把握两种图象联系的能力 点评：由波动图象读出波长，由振动图象读出周期，可求出波速由振动图象上 s读出 P点的速度方向，在波动图象上判断传播方向并分析 ns后的动能情况根据时间与周期的关

6、系，求出 P点振动的路程 如图所示，一质量为 2kg的物体放在光滑的水平面上，原处于静止状态，现用与水平方向成 60角的恒力 F=10N作用于物体上，历时 5s，则（ ） A力 F对物体的冲量大小为 50N s B力 F对物体的冲量大小为 25N s C物体的动量变化量为 25kg m/s D物体所受重力的冲量大小为 0 答案： AC 试题分析：冲量 物体动量的变化就是等于冲量的变化，可作受力分析，由于力 F的向下分力与支持力 相互抵消，所以合力等于合外力的冲量为 ,AC正确， 考点：考查了冲量定理的应用 点评：在求一个力的冲量的时候，不需要将这个力分解到物体的位移方向上，这一点最容易出错，

7、设想人类开发月球，不断把月球上的矿藏搬到地球上，假定经过长时间开发后，地球仍可看作是均匀的球体，月球仍沿开发前的圆周轨道运动，则与开发前相比（ ） A地球与月球间的万有引力将变大 B地球与月球间的万有引力将变小 C月球绕地球运动的周期将变长 D月球绕地球运动的周期将变短 答案： BD 试题分析：设月球质量为 m，地球质量为 M，月球与地球之间的距离为 r，根据万有引力定律得：地球与月球间的万有引力 ,由于不断把月球上的矿藏搬运到地球上，所以 m减小， M增大由数学知识可知，当 m与 M相接近时，它们之间的万有引力较大，当它们的质量之差逐渐增大时， m与 M的乘积将减小，它们之间的万有引力值将减

8、小，故 A错误， B正确假定经过长时间开采后，地球仍可看作是均匀的球体，月球仍沿开采前的圆周轨道运动（轨道半径 r不变），根据万有引力提供向心力得： 得 ，随着地球质量的逐步增加， M将增大，将使月球绕地球运动周期将变短故 C错误， D正确故选 BD。 考点： 考查了万有引力定律和牛顿运动定律的应用 点评：比较一个物理量大小或变化，我们应该把这个物理量先表示出来，再进行比较向心力的公式选取要根据题目提供的已知物理量或所求解的物理量选取应用 如图所示为一列简谐横波沿 x轴传播在某时刻波形图线， 质点 P在该时刻的速度为 v，经过 0.1s该质点的速度仍为 v，再经过 0.1s该质点的速度大小等于

9、 v的大小，而方向与 v的方向相反，关于该波的传播下列叙述正确的是（ ） A若波沿 x正方向传播，速度为 10m/s B若波沿 x负方向传播，速度为 10m/s C若波沿 x负方向传 播，速度为 20m/s D若波沿 x正方向传播，速度为 10m/s 答案： B 试题分析：质点 P在零时刻一定沿 y轴负方向运动，只有这样才能满足题给条件，所以波沿 x轴负方向传播 T 0.4s 10m/s，应选 B 考点：考查了简谐横波的传播 点评：本题的难点在于判断波的传播方向上，关键是根据一个周期波的传播时间相对比， 一简谐横波在图中 x轴上传播，实线和虚线分别是 t1和 t2时刻的波形图，已知 t2-t1

10、=1.0s。由图判断下列哪一个波速是不可能的（ ） A 1cm/s B 3cm/s C 5cm/s D 10cm/s 答案： D 试题分析：如果波向右传播，则得到 n ； 如果波向左传播， ； 将 v=1m/s代入 v右， n=0，符合向右的波速通项故 A正确 将 v=3m/s代入 v左， n=0，符合向左的波速通项故 B正确 将 v=5m/s代入 v左， n=1，符合向左的波速通项故 C正确 将 v=10m/s代入任何一式均不符合故 D错误本题选错误，故选 D 考点：考查了对简谐运动的应用 点评：本题的解题方法是由一般通项式到特殊值也可以根据波速求出波传播的距离，由波传播的距离确定是否符合题

11、意 一小物块在开口向上的 半圆形曲面内以某一速率开始下滑，曲面内动摩擦因数不同，此摩擦作用使物块下滑时速率保持不变，则下列说法正确的是（ ） A因物块速率保持不变，故加速度为 0 B物块受合外力不变 C在滑到最低点以前，物块对曲面的压力越来越小 D在滑到最低点以前，物块受到的摩擦力越来越小 答案： D 试题分析：物块下滑过程速率保持不变，做匀速圆周运动，加速度不等于零，合外力不等于零故 A 错误物块做匀速圆周运动，所受的合外力的大小不变，方向在变，故 B错误对物块受力分析并正交分解可得 FN-mgcos m ，而且其中 越来越小，所以 FN越来越大， C错误；因物体匀速率下滑，重力沿切线方向上

12、的分量与滑动摩擦力大小相等，在下滑过程中，重力在切线方向上的分力变小，所以滑动摩擦力变小 D正确， 考点：匀速圆周运动问题， 点评：物块下滑时速率不变，则物块做匀速圆周运动，加速度不等于零，合外力不等于零合外力提供向心力，大小不变，向心加速度大小不变物块下滑过程速率保持不 变，速度与竖直方向的夹角变大，故速度在竖直方向上的分量变小，所以物块所受重力的瞬时功率越来越小随着物块向下滑动，所受圆弧的弹力增大，滑动摩擦力 增大 滑块以速率 v1-靠惯性沿固定斜面由底端向上运动，当它回到出发点时速率变为 v2，且 v2t2, p1 p2 C t1V 碰前已达共同速度 在碰后返回的过程中 (M+m)V 碰

13、中无能量损失 ZW= Ek 考点：考查了动量守恒定律的应用 点评：解决本题的关键是 A与 B组成的系统在碰撞过程中满足动量守恒， B在运动过程中遵循牛顿第二定律， A在 B上滑动时， A相对于 B滑动的位移为相对位移，摩擦力在相对位移上做的功等于系统机械能的损耗 质量为 100kg的 “勇气 ”号火星车于 2004年成功登陆在火星表面。若 “勇气 ”号在离火星表面 12m时与降落伞自动脱离，被气囊包裹的 “勇气 ”号下落到地面后又弹跳到 18m高处，这样上下碰撞了若干次后，才静止在火星表面上。已知火星的半径为地球半径的 0 5倍，质量为地球质量的 0 1倍。若 “勇气 ”号第一次碰撞火星地面时

14、，气囊和地面的接触时间为 0 7s，其损失的机械能为它与降落伞自动脱离处（即离火星地面 12m时）动能的 70%，（地球表面的重力加速度 g 10m/s2，不考虑火星表面空气阻力）求： （ 1）火星表面的重力加速度； （ 2） “勇气 ”号在它与降落伞自动脱离处（即离火星地面 12m时）的速度； （ 3） “勇气 ”号和气囊第一次与火星碰撞时所受到的平均冲力。 答案：（ 1） （ 2） （ 3） F=4400N 试题分析：（ 1） （ 2）反弹 （ 3）取竖直向上为正方向 (F-mg)t=mv2-m1( -21) F=4400N 考点：考查了万有引力定律的应用 点评：在分析万有引力应用题目时，

15、需要选择适当的公式，一定要弄清楚各个物理量表示的含义 如图所示，光滑水平面 MN上放两相同小物块 A、 B，左端挡板处有一弹射装置 P，右端 N处与水平传送带理想连接，传送带水平部分长度 L=8m，沿逆时针方向以恒定速度 v =2m/s匀速转动 。物块 A、 B（大小不计）与传送带间的动摩擦因数 。物块 A、 B质量 mA=mB=1kg。开始时 A、 B静止， A、 B间压缩一轻质弹簧，贮有弹性势能 Ep=16J。现解除锁定，弹开 A、 B，弹开后弹簧掉落，对 A、 B此后的运动没有影响。 g=10m/s2。求： （ 1）物块 B沿传送带向右滑动的最远距离。 （ 2）物块 B从滑上传送带到回到

16、水平面所用的时间。 （ 3）若物体 B返回水平面 MN后与被弹射装置 P弹回的 A在水平面上发生弹性正碰，且 A、 B碰后互换速度，则弹射装置 P至少对 A做多少功才能让 AB碰后 B能从 Q端滑出。 答案：（ 1） （ 2） （ 3） 8J 试题分析：（ 1）解除锁定后机械能守恒、动量守恒 B木块向右作减速运动 （ 2） B木块向右作减速运动的时间 B木块向左作加速运动速度等于传送带速度时 B木块与传送带共速一起向左匀速运动 （ 3） B能从 Q端滑出一定有 A与 B质量相等，完全弹性碰撞后速度互换，则碰后 A、 B的速度 vA=vBW mAvA2- mAvA28J。 考点：本题主要考查了机械能守恒定律、动量守恒定律及动能定理的直接应用， 点评：弹簧弹开的过程中，系统机械能守恒 ，结合动量守恒，解得 A和 B的速度， B滑上传送带做匀减速运动，当速度减为 0时，向右运动的距离最大，由动能定理即可求解；（ 2）物块 B先向右做匀减速运动，直到速度减小为 0，然后反方向做匀加速运动，到皮带左端时速度大小仍为 vB由动量定理解出运动时间，分别求出 B向右匀减速运动因摩擦力而产生的热能和向左匀加速运动因摩擦力而产生的热能，进而求出总热能