2013届江苏省南京市溧水县孔镇中学九年级下学期第一次学情调研物理试卷与答案（带解析）.doc

《2013届江苏省南京市溧水县孔镇中学九年级下学期第一次学情调研物理试卷与答案（带解析）.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2013届江苏省南京市溧水县孔镇中学九年级下学期第一次学情调研物理试卷与答案（带解析）.doc（21页珍藏版）》请在麦多课文档分享上搜索。

1、2013届江苏省南京市溧水县孔镇中学九年级下学期第一次学情调研物理试卷与答案（带解析） 选择题 自然界中有些能源一旦消耗就很难再生，因此我们要节约能源。在下列能源中，属于不可再生能源的是 A风能 B水能 C太阳能 D石油 答案： D 试题分析：自然界中不可能短期得到补充的能源有：煤、石油、天然气、核能等，由此可知选项 D中的能源是不可再生能源； 而 ABC 选项中的风能、水能和太阳能都是可再生资源，不符合题意； 故选 D 考点：不可再生能源的特点 点评：知道不可再生能源的定义是解答此题的关键 某学校的社区服务小组帮小明的爸爸将一重为 1000 N 的建筑材料匀速运送到 6 m高的楼上，而站在楼

2、上时为了安全起见可产生的平均拉力为 150 N善于学以致用的小明买来了一个重为 100 N 的滑轮和一根足够长的绳子，用图中方案将建筑材料拉到楼上。如果不计绳重和摩擦 A需要 4人，机械效率为 91% B需要 4人，机械效率为 83% C需要 3人，机械效率为 91% D需要 3人，机械效率为 83% 答案： A 试题分析： 不计绳重和摩擦， ， 需要 4个人，每个人的拉力才不会超过 150N； ， 故选 A 考点：滑轮（组）的机械效率 点评：本题考查了使用动滑轮拉力 F的计算、机械效率的计算，不计绳重和摩擦时利用 求拉力大小是本题的关键 如图所示是用电热水壶烧水时的情景，有关描述正确的是 A

3、壶盖被水蒸气顶起时能量的转化与热机压缩冲程能最的转化相同 B水沸腾时，继续通电，水的温度会升高 C壶盖和壶口上方的 “白气 ”是由水蒸气汽化形成的 D烧水过程中，电能转化为内能 答案： D 试题分析： A烧开水时，壶盖被水蒸气顶起，是水蒸气对壶盖做功的结果，因此这时水蒸气的内能转化为壶盖的机械能；压缩冲程活塞向上运动，压缩燃料混合物对其做功，使气缸内的气体的内能增加，温度升高，因此是将机械能转化为内能所以 A说法错误，不符合题意 B水沸腾时，需要继续吸收热量，但温度保持不变所以 B说法错误，不符合题意 C水沸腾时看到壶盖与壶口上方的 “白气 ”，这是水沸腾产生大量的水蒸气，水蒸气上升遇冷液化形

4、成的所以 C说法错误，不合题意 D电热水壶烧水时消耗了电能，从而使水的温度升高获得了内能，是把电能转化为内能，所以 D说法正确，符合题意 故选 D 考点：电功的实质；沸腾及沸腾条件；液化及液化现象；内燃机的四个冲程 点评： 解决此类问题要结合改变物体内能的方式和能量的转化进行分析解答 本题考查了水的沸腾现象，液体在沸腾时要吸热，温度不变 本题考查了学生对：液化及其现象的了解和掌握该习题是日常生活中的常见现象，本题体现了物理来源于生活的理念 本题考查了学生对：常见的家用电器的能量的转化的了解和掌握 我国自主开发的 “隐形飞机 ”歼 20，主要改进了飞机形状和材料方面的技术，能有效避开雷达的探测，

5、下列关于歼 20“隐身 ”原因的解释，正确的是 A由于歼 20飞行太快，电磁波追不上 B由于歼 20是超音速飞机，声波追不上 C通过改用新材料，减弱对电磁波的吸收能力 D通过改变飞机形状，减少向雷达探测设备方向反射的电磁波 答案： D 试题分析： “隐形飞机 ”，可以有效避开雷达的探测，主要是它表面有一种特殊材料，能够增强对电磁波的吸收它的表面制成特殊形状，这种形状能够减弱电磁波反射回雷达 故选 D 考点：电磁波的传播与反射。 点评：本题主要考查学生对：电磁波的传播的特点的了解和掌握要会运用 某档案馆的保密 室有三把钥匙，分别由甲、乙两资料员和馆长保管。要打开保密室的大门必须要有馆长和甲、乙两

6、资料员中的一个同时用各自的钥匙（ S甲 、 S 乙 分别表示甲、乙两资料员的钥匙， S馆长表示馆长的钥匙）使灯亮才行，馆长单独打开灯不亮，甲、乙两资料员同时打开灯也不亮。下列电路中符合上述要求的是答案： B 试题分析：分别由甲、乙两资料员和馆长保管。要打开保密室的大门必须要有馆长和甲、乙两资料员中的一个同时用各自的钥匙使灯亮才行，馆长单独打开灯不亮，甲、乙两资料员同时打开灯也不亮。由题意可知，甲、乙两开关应并联，再志馆长的开关串联。 由选项可知 B符合， ACD不符合 故选 B 考点：串、并联电路的设计 点评：根据题意得出三个开关连接的方式和灯泡的位置是解决本题的关键 电炉的电热丝断了一截，把

7、它去掉后再接入原来的电路中，电流在相同时间内所做的功 A变小 B不变 C变大 D无法确定 答案： C 试题分析：因电阻丝断了以后，由电阻定律可知，总电阻减小，而电路中的电压不变，故由电功的计算公式： t，因时间，电压均保持不变，电阻减小，故电功变大 故选 C 考点：电功的计算；影响电阻大小的因素 点评：本题中易犯错误为：用公式 来解，选择答案： A在求纯电阻电路中电功时一定要先弄清不变的量！而本题中接入电路后不变的应是电压而不是电流这点由生活常识可知 如图所示，用来研究通电导线在磁场中受到力的作用的实验装置是 答案： 试题分析： A、导线中没有电流时，小磁针指向南北方向，当导线中有电流通过时，

8、小磁针的指向发生偏转，由此体现了电流的周围存在磁场故 A错误 B、开关断开，导体中没有电流时，导体在磁场中静止，当开关变化，导体中有电流通过时，导体运动起来，说明通电导体在磁场中受到力的作用故 B正确 C、导体 ab在磁场中做切割磁感线运 动时，电流表的指针偏转，说明电路中产生了电流，这是电磁感应现象故 C错误 D、图示的装置是发电机，应用的理论是电磁感应故 D错误 故选 B 考点：磁场对通电导线的作用 点评：电动机和发电机在构造上是相同的，但从其构造不能确定是哪种设备要确定是哪种设备，要看其所在的电路中有没有电源在选择项 D中，之所以判定为发电机，就是根据这点来判定的 下列常用电器中，既能接

9、收又能发射电磁波的是 A录音机 B电视机 C收音机 D手机 答案： D 试题分析： A、单纯的录音机只能播放磁带，即不能接收也不能发射电 磁波，该选项说法错误； B、电视机只能接收电磁波，不能发射电磁波，该选项说法错误； C、收音机只能接收电磁波，不能发射电磁波，该选项说法错误； D、手持移动电话既能接收电磁波，也可以发射电磁波，该选项说法正确。 故选 A 考点：电磁波的传播；移动通信 点评：本题考查学生能对手机、电视机、收音机、录音机利用电磁波情况了解和掌握，属于识记性内容 以下描述两个磁极间的磁感线分布图中，正确的是 答案： C 试题分析：在磁体的外部，磁感线从磁体的北极出来，回到南极，所

10、以 A、 B、D错误， C正确 故选 C 考点：磁感线及其特点 点评：此题主要考查了磁感线的分布及特点，要掌握磁感线的方向 如图所示， L1和 L2是两只相同的小灯泡， a、 b是电流表或电压表。闭合开关 S后，若两灯都能发光，则 A a、 b均是电流表 B a、 b均是电压表 C a为电流表， b为电压表 D a为电压表， b为电流表 答案： C 试题分析：如果两个灯泡串联，则 a应是电压表，而 b无论是什么仪表， L2都会被短路，故电路不可能为串联； 那么两个灯泡的连接方式一定为并联，所以为了使灯 L1、 L2正确发光， a处相当于导线，即电流表； b处不能形成通路，否则会形成电源短路，故

11、 b处为电压表 故选 C 考点：电流表的使用；电压表的使用 点评：解答本题需要掌握：电压表和电流表的正确使用方法；电压表和电流表的在电路中的作用；本题根据电压表和电流表在电路中的作用进行分析更简单些 如图所示，静止的叠石。给人以危险的感觉，原因是叠石具有较大的 A重力势能 B内能 C动能 D弹性势能 答案： A 试题分析： A、静止的叠石，由于其处于一定的高度，容易落下来，对外界做功从而造成危害，物体由于举高而具有的能量是重力势能故 A正确 B、根据内能的定义可知，静止的叠石确实具有内能，但其给人危险的感觉是由于其处于一定的高度容易落下来而造成的，这与其内能大小无关，即使其有再多的内能，若其在

12、地面上，也不会给人危险的感觉故 B错误 C、由于叠石是静止的，根据动能的定义可知，其不具有动能故 C错误 D、由于叠石没有发生弹性形变，根据弹性势能的定义可知，叠石不具有弹性势能故 D错误 故选 A 考点：势能的影响因素 点评：此题考查了动能、弹性势能、重力势能定义，通过定义能够确定叠石具有什么形式的机械能叠石具有内能，这种说法本身没有错，但此题中 给人以危险的感觉，是排除此选项的依据 汶川大地震中，巨大的石头挡住了救援车辆的通路，救援人员要用撬棍将石头撬开。如果在撬棍 a端分别沿如图所示三个方向用力，其中最省力的是 A沿 F1方向 B沿 F2方向 C沿 F3方向 D三个方向所用力一样大 答案

13、： B 试题分析：如图， 分别作出三个力的力臂，发现 F2的力臂 l2最长，所以 F2就是最小的力故选 B 考点：力臂的画法；杠杆中最小力的问题 点评：在解决杠杆平衡条件时，经常遇到求最小力的情况，解此类题的关键是通过作图找到对应的最长的力臂 实验题 一台简易电动机如图所示。用硬金属丝做两个支架，分别与电池的两极相连，用漆包线绕成一个矩形线圈，以线圈引线为轴。用小刀刮去轴一端的全部漆皮，再刮去另一端的半周漆皮，并将线圈放在支架上，磁体放在线圈下。接通电源并用手轻推一下线圈，线圈就会不停的转动起来。 (1)电动机是利用 原理制成的。 (2)“刮去另一端的半周漆皮 ”的目的是 。 答案：磁场对电流

14、有力的作用 使得线圈在转动过程中半周没有电流 (意思对即可 ) 试题分析：（ 1）电动机，即通电能动，是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理制成的； （ 2）将线圈两端引线的 漆皮一端全部刮掉，另一端只刮半周，这样在一个半周内受到磁场的力的作用，另一个半周没有电流通过，不受磁场力的作用，利用惯性转动； 考点：直流电动机的原理；直流电动机的构造和工作过程 点评：本题主要考查学生对：电动机原理和构造的了解和掌握，是一道基础题 某同学在做 “比较不同物质的吸热能力 ”的实验时，使用相同的电加热器给水和煤油加热，得到的实验数据如下表： 物质 次数 质量 m/kg 升高的温度 t/ 加热时间 t/min

15、 水 1 0.1 10 2 2 0.2 10 4 煤油 3 0.1 10 1 4 0.2 10 2 （ 1）实验中，记录加热时间的目的是： 。 （ 2）分析第 1、 2次或第 3、 4次实验数据，可以得出的初步结论是：同种物质升高相同温度时，吸收热量的多少与物质的质量有关；分析第 1、 3次或第 2、4 次实验数据，可以得出的初步结论是：升高相同的温度时， 吸收的热量不同。 （ 3）如果加热相同的时间，质量相同的水和煤油， 温度升高的多。 答案：比较吸收热量的多少 相同质量的不同物质 煤油 试题分析：（ 1）电加热器完全相同，说明相同时间提供的热量相同记录加热时间的目的是：比较物体吸收的热量的

16、多少； （ 2）分析第 1、 3次或第 2、 4次实验数据，可以得出的初步结论是：升高相同的温度时，质量相同的不同物质吸收的热量不同； （ 3）水的比热大于煤油，在质量、热量相同时，由公式 比较知，煤油温度升高的更多 故答案：为： 考点：探究比热容的实验 点评：在以后的解题过程中，经常遇到用相同的电热器、酒精灯加热的信息，此时就隐含着一个信息：加热时间的长短可以表示物体吸收热量的多少这是一种转换的方法 如图所示，是小明在 “尝试改变电路中电流大小 ”的活动中连接的一个实验电路： （ 1）当闭合开关后，小灯泡不发光。会出现此 现象的原因可能是： ， ； （ 2）请给小明提出两种能够改变电路中电流

17、大小的方法： ， 。 答案：灯丝断了 电源没电 增加电池节数 改变电阻丝 (意思对即可 ) 试题分析：（ 1）电阻丝、小灯泡和电流表组成的是一个串联电路，电流只有一条路径，小灯泡却不发光，可能是小灯泡灯丝断了；或者是电源电压过低，导致小灯泡的实际功率太低，达不到发光的条件； （ 2）从公式 可以知道，要想改变电流的大小，可以从两种途径入手，即改变电压的大小或改变电阻的大小，因此可以：换不同规格的电阻丝；改变电池的个数 考点：电流表、电压表在判断电路故障中的应用；欧姆定律的应用。 点评：本题考查了如何来改变电路中的电流以及对电路故障的判断，要改变电流可以改变连入电路中的电阻大小，；二是改变两端的

18、电压，注意灵活运用欧姆定律 在探究 “影响电磁铁磁性强弱的因素 ”实验中，小明用相同的漆包线和铁钉绕制成电磁铁 A和 B，并组成了如图所示的电路 . (1) 本实验是通过 来显示磁性强弱的。 (2)分析图中的现象，得出的结论是：电磁铁磁性的强弱与 有关。 (3)接着，小明将滑动变阻器的滑动片向右端移动时，观察到 A和 B上所吸引 的大头针掉落了一部分。分析这一现象，又能得出：电磁铁磁性的强弱还与 有关。 答案：电磁铁吸引大头针的多少 线圈匝数 电流大小 试题分析：（ 1）读图可知，实验时是通过观察吸引大头针的数量来判断电磁铁的磁性强弱的； （ 2）图中将两电磁铁串联，得出电流相同时，电磁铁磁性

19、的强弱与线圈匝数有关； （ 3）小明将滑动变阻器的滑动片向右端移动时，观察到 A和 B上所吸引的大头针掉落了一部分。分析这一现象，又能得出：电磁铁磁性的强弱还与电流大小有关。 考点：探究影响电磁铁磁性强弱的因素的实验。 点评：影响电磁铁磁性强弱的因素有电流的大小、线圈的匝数、铁芯的有无，因此实验中必须运用控制变量的方法进行探究同时，本题中还考查了安培定则的运用以及滑动变阻器对电路的控制，这也是我们应该掌握的重要知识 在探究杠杆平衡条件的实验中： （ 1）小丽把杠杆支在支架上，调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆 。 （ 2）如图甲所示，在杠杆右边 B处挂两个相同的钩码，要使杠杆仍在水平位置平衡，应在

20、杠杆左边 A处挂 个相同的钩码。 （ 3）如图乙所示，用弹簧测力计在 C处竖直向上拉，当弹簧测力计逐渐向右倾斜时，杠杆仍然在水平位置平衡 ，此时弹簧测力计的拉力 F的示数变 ，原因是 。 答案：在水平位置平衡 3 变大 动力臂变小动力增大 试题分析：（ 1）探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，此时力的方向与杠杆垂直，力臂的长度可以直接从杠杆上读出来，也是为了避免杠杆的自重对杠杆平衡产生影响； （ 2）假设每个钩码重 1N，每小格表示 1cm，则 LA=1cm2=2cm， ，由杠杆的平衡条件， 所以在杠杆左边 A处挂 3个相同的钩码，杠杆才平衡 （ 3）弹簧测力计在 C处竖直向上拉时，拉力

21、的方向竖直向上与杠杆垂直，动力臂等于支点到力的作用点的距离；当弹簧测力计逐渐向右倾斜时，拉力的方向不再与杠杆垂直，动力臂变小，根据杠杆平衡条件，动力变大，弹簧测力计的示数变大 考点：探究杠杆的平衡条件实验 点评：（ 1）杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离就是力臂，因此在此实验中我们应首先调节杠杆在水平位置平衡； （ 2）拉力的方向倾斜时，导致动力臂变化，根据杠杆平衡条件，阻力、阻力臂不变时，动力臂变化，动力就会产生与动力臂相反的变化 如图是某同学 “探究电流与电压的关系 ”的实验 电路图和实验记录表格。 电压 U/V 1.5 3.0 4.5 6.0 电流 I/A 0.1 0.2 0.

22、3 0.4 （ 1）闭合开关前，应把变阻器的滑片调到 端的位置，这样做的目的是： 。 （ 2）实验中他选用的定值电阻的阻值是 。 （ 3）分析表中是数据得到的结论是： 。 答案： b 保护电路 15 试题分析：（ 1）闭合开关前，应把变阻器的滑片调到 b端的位置，这样做的目的是：此时电路中电阻最大，电流最小，从而保护电路。 （ 2）实验中他选用的定值电阻的阻值是 。 （ 3）分析表中是数据得到的结论是：电阻一定时，电流与电压成正比。 考点： “探究电流与电压的关系 ”的实验 点评：实验中应特别注意滑动变阻器的作用。 在探究 “动能大小与哪些因素有关 ”的活动中，提供以下器材：中间有沟槽的木质轨

23、道（如图甲，其中 AB部分倾斜并与平直部分 BC 平滑连接，沟槽较为光滑）、大小与沟槽相当的玻璃球、铁球各一只、轻质弹簧、刻度尺各一个。 (1)利用这套器材进行实验时，可以通过比较 ，来比较小球动能的大小； (2)为了研究动能与质量大小的关系，应让玻璃球和铁球分别从 释放，研究后得出的结论是： 。答案：弹簧被压缩的最大距离 (形变量 ) 同一高度 速度一定时，物体的质量越大动能越大 试题分析：（ 1）小球压缩弹簧，对弹簧做功，做功的多少反映了小球动能的多少，弹簧被压缩的程度越大，说明小球的动能越大所以，可以通过弹簧被压缩的程度来反映小球动能的多少 （ 2）要研究动能大小与质量的关系，由控制变量

24、法的应用可知：就要控制速度不变，让质量变化速度是通过起始点的高度来控制的所以要控制两球从同一高度滚下结论是：物体的速度相同时，质量越大具有的动能越大 考点：探究影响物体动能大小的因素 点评：本题考查学生 对动能的影响因素化的掌握情况，在研究多变量的关系时，一定要运用控制变量法 小明同学在做 “测定小灯泡的功率 ”实验时，选取了一个标有 “2.5V”的小灯泡和必要的器材。小明没有连接完整的实物电路如图。 （ 1）请你用笔画线代替导线，将实物电路连接完整。 （ 2）电路连接完整后，当变阻器的滑片 P向左移动时，电压表的示数将变 ，电流表的示数将变 ； （ 3）电路连线后，小明连续进行 4次实验，有

25、关数据和现象填写在表格里。 第一次实验时，电流表的指针的位置如图所示，请你将它填写到表格中的空格中。 小灯泡的额定功率是 W 从表格中的数据可知，灯丝的电阻随两端电压的增加而 ，电阻变化的本质是灯丝的电阻随 。 次数 电压 U/V 电流 I/A 灯泡亮度 1 1.5 灯光微弱 2 2.2 0.38 较暗 3 2.5 0.42 正常发光 4 3.0 0.45 很亮 答案： 大 大 0.32 1.05 增大 温度的升高而增大 试题分析：（ 1）灯泡额定电压是 2.5V，电压表选 3V量程，滑动变阻器、灯泡串连接入电路，滑动变阻器接 D接线柱，电路图如图所示 （ 2）滑片 P向左移动时，接入电路的电

26、阻变小，根据欧姆定律 ，电流变大，灯泡两端的电压 变大，所以电压表的示数将变大，电流表的示数将变大； （ 3） 电流表量程是 0.6A，最小分度值是 0.02A，电流表示数是 0.32A； 由表知灯泡电压等于额定电压 U=2.5V对应的电流 I=0.40A，灯泡的额定功率 根据表中数据，由 可判断灯丝的电阻随两端电压增加而变大；电阻变化的本质是灯丝的电阻随温度的升高而增大 考点：探究用电器的电功率实验；实物的电路连接；电流表的读数方法；额定功率 点评：本题考查了测定小灯泡的电阻的实验涉及了电压表的、滑动变阻器的使用、欧姆定律的 应用及功率的计算、温度对灯丝电阻的影响等知识，是实验的常考内容，学

27、生一定要掌握 填空题 随着生活水平的提高，汽车已经进入百姓家庭，它给我们的生活提供了便利，促进了社会的发展。汽车应用了许多物理知识，请你解答 (1)汽油机是汽车的 “心脏 ”。一台四冲程汽油机工作时曲轴转速是 1800r min，此汽油机每秒钟完成 个做功冲程，其中 冲程将机械能转化为内能； (2)当汽油在发动机内燃烧不充分时会冒 “黑烟 ”，这时发动机的效率将变； (3)汽车发动机在工作时：发动机的温度会升得很高，通常在发动机外装有水套，汽车发动机用水作为冷却剂的主要原因是 。 答案：压缩 低 水的比热容大吸热升温慢（且沸点低） 试题分析：（ 1）已知四冲程汽油机曲轴转速是 1800 r/m

28、in，所以此汽油机每秒钟转 30圈，可完成 15个工作循环， 60个冲程，对外做 15次功；在压缩冲程中活塞向上运动，压缩燃料混合物对其做功，所以将机械能转化为内能； （ 2）汽油在发动机内燃烧不充分时消耗能量将会增加，故机械效率降低； （ 3）因为水这种物质的比热容较大，在吸收相同的热量时，相同质量 升高的温度相对较小，常用来作为冷却剂使用； 考点：内燃机的四个冲程；功率在实际中的应用；水的比热容的特点及应用；热机 点评：此类题目考查知识了热机、内燃机的四个冲程、机车功率和比热容的相关问题，要结合相关知识点进行分析解答，是中考的难点 小娴不小心将甲、乙两磁铁棒各摔成两半，破裂情况如图所示。若

29、将两磁铁棒按原状自然接合，则甲棒两半将互相 ，乙棒两半将互相 。 答案：吸引 排斥 试题分析：当圆形磁体水平断开后，如图甲所示，就会形成两个磁体，其中断面处分别是刚形成的两个磁体的 N、 S极，所以当两者靠近时，会 相互吸引 当圆形磁体竖直断开后，如图乙所示，两个磁极在上下两个圆形面上，两个断开后的磁体的上面和下面仍为同名磁极，所以在靠近时会相互排斥 考点：磁极间的相互作用 点评：理解掌握磁体的性质，磁极间的相互作用规律是解决此类问题的关键明确圆形磁体竖直断开后，磁体原来的 NS极的位置是解决此题的难点 将一根导线平行置于静止的小磁针上方，当开关闭合时，小磁针发生偏转，这说明通电导体周围存在着

30、 ，将电源的正负极对调，再闭合开关，观察小磁针偏转方向的变化，可发现电流的磁场方向与 有关。 答案：磁场 电流 试题分析 ：实验中，开关闭合时，小磁针发生偏转，说明通电导体周围存在着磁场，当电源正负极对调时，小磁针偏转方向改变，电流的磁场方向与电流方向有关，这是著名的奥斯特实验 考点：通电直导线周围的磁场；物理常识 点评：奥斯特实验操作简单，现象明显，但电流磁场的发现却有着非常重大的意义，值得我们记忆和掌握 电磁波已成为人类现代生生产不可缺少的伙伴和工具。 （ 1）电磁波在真空中的传播速度是 m/s； （ 2）验钞机上使用的 线属于电磁波的一种。 （ 3）将手机的 “背景灯光提示 ”功能打开后

31、放在真空罩中，用抽气机抽罩中空气，打电 话呼叫罩中手机，不能听到手机响铃声，这一现象在本实验中的作用是 ，能够看到背景灯闪烁，这一个现象说明： 。 （ 4） 材料制成的壳体或网罩对电磁波有屏蔽作用。 答案： 108 紫外 说明罩内已抽真空了 电磁波可以在真空中传播 金属 试题分析：（ 1）电磁波在真空中的传播速度是 3108m/s； （ 2）紫外线属于电磁波； （ 3）用抽气机抽罩中空气，不能听到手机响铃声，这一现象在本实验中的作用是说明罩内已抽真空了（或抽去部分空气），能够看到背景灯闪烁，是光的传播，光属于电磁波，所以这一个现象说明：电磁波能在真空中传播 （ 4）金属材料制成的壳体或网罩对电

32、磁波有屏蔽作用 考点：电磁波的有关特征 点评：本题考查了电磁波在真空中的传播速度、电磁波谱及声音传播的条件本题第三问通过设置情景，考查了声音传播需要介质，而电磁波的传播不需要介质 白炽灯用久了灯丝会变细，灯丝电阻会变 ；滑动变阻器是通过改变连入电路中电阻丝的 来改变电阻的。 答案：大 长度 试题分析：电阻的大小与横截面积有关，当其它因素不变时，其阻值的大小与横截面积成反比，所以，灯丝变细时，灯丝的电阻会变大 根据课本关于滑动变阻器制成原理的有关知识，可以知道：滑动变阻器是通过改变接入电路中电阻丝的长度来改变电阻的 考点：影响电阻大小的因素；滑动变阻器的工作原理 点评：关于灯泡的灯丝变细这一现象

33、，有时也会考查其对应的热学知识：如灯丝用久了会变细，发生了什么物态变化？ 优秀自行车运动员短时间内的功率可达 1000W,它的物理意义是 ；若此运动员以此功率骑车 1min，他能够做功 J。 答案：运动员每秒做功 1000J 60000 试题分析：功率是表示物体做功快慢的物理量，做功快不一定做功多 自行车运动员比赛时的功率可达 1000W，表示在 1s内完成 1000J的功 由 得： 考点：功率的意义；功的计算 点评：本题考查功率表示的物理意义利用功率的公式计算注意要把分变成秒后计算 1min=60s 如图所示，电源电压保持不变。闭合开关，当滑动变阻器滑片 P向右移动时，电流表的示数 ，电压表

34、的示数 ，电压表示数与电流表示数的比值 。（填变化情况） 答案：变小 变小 不变 试题分析：（ 1）当 P向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大， 电路总电阻 R变大，电源电压 U不变，由 可知电路电流变小，电流表示数变小 （ 2）电压表示数 ，因为 I变小，电阻不变，所以 U变小，电压表示数变小； （ 3）由电路图知，电流表测电路电流，电压表测电阻 R1两端电压， 由欧姆定律可知 ，由于电阻 R1不变，则电压表与电流表示数的比值不变 考点：欧姆定律的应用；滑动变阻器的使用 点评：分析清楚电路结构，明确电压表与电流表所测的量，熟练应用欧姆定律是正确解题的关键 小明家的电能表月初的示数如图甲所

35、示，月底的示数如图乙所示。小王家本月用电 kW h；如果这些电能只供一只额定功率 40W的灯正常工作，可以让该灯正常工作 h小明想用家中的电能表测量一只灯泡的实际功率，他关掉其他电器只让该灯泡工作，电能表转盘转过 30转用时 10min，这段时间灯泡消耗的电能是 J，灯泡的实际功率是 W 答案： 500 6104 100 试题分析： 本月消耗的电能为： ， 灯泡正常工作的时间为： 每消耗 1kw h的电能，电能表的转盘就转过 1800r， 电能表的转盘转过 30r消耗的电能为：， 而 ， 灯泡的实际功率为： 考点：电能表参数的理解与电能的求法； 电功计算公式的应用电能表参数的理解与电能的求法；

36、电功率的计算 点评：本题考查了电能的计算，关键是对电能表的正确读数，还要理解电能表的各个参数的物理意义 一木块的重力为 30N，在 10N 的水平拉力作用下， 10s内在水平面上沿拉力方向移动了 2m在此过程中，重力做功 J，拉力做功的功率为 W 答案： 2 试题分析：（ 1）木块在水平方向上运动，在重力方向上没有移动距离，重力做功为 0J （ 2）拉力做功： ； 拉力做功功率： 考点：功的计算；力做功的必要因素；功率的计算 点评：本题考查了功和功率的计算、力是否做功的判断，属于基础题目明确三种情况不做功：一是有力无距离（例如：推而未动），二是有距离无力（靠惯性运动），三是力的方向与运动方向垂

37、直 天然气具有热值高、污染小等优点天然气的热值为 q=4.2107J kg，完全燃烧 0.5 kg的天然气可放出 J的热量；铜和铅的初温相同，它们的比热容之比为 3： 1，质量之比是 2:3,若它们吸收相等的热量，则铜升高的温度与铅升高的温度之比是 。 答案： .1107 1:2 试题分析： 0.5Kg氢完全燃烧释放的热量 由题知， ， 铜和铅吸收的热量： ， ， ，即： ， 铜和铅升高温度的比值： 。 考点：热值；热量计量；比热容。 点评：天然气的质量乘以它的燃烧值，就是天然气完全燃烧所能释放的热量计算时应认真细心，不要把数值算错第二问考查了学生对热量公式的掌握和运用，代入比值时要细心，不要

38、因颠倒出错 计算题 小明的妈妈买了一台全自动豆浆机，其主要技术参数如下表。豆浆机制作豆浆的过程是：按合适的比例把豆料、清水放入豆浆机中，经过预热、打浆、加热等程序，即可制成熟豆浆，正常工作做一次豆浆需要 13min，其工作信息如图。某一次小明的妈妈向豆浆机中加入黄豆和清水共 1.5kg，请解答下列问题： 型 号 额定电压 额定频率 电机功率 加热功率 容量 SYL-624 220V 50Hz 200W 1100W 2000mL (1)根据工作信息图可知，从第 6min至第 9min为加热过程，求：这段过程中豆浆吸收的热量是多少？豆浆机加热的效率是多大？ C 豆浆 =4.0103J/（ kg ）

39、 (2)豆浆机正常工作做一次豆浆，总共消耗的电能是多少？答案：（ 4分） 1.8105 90.9% 750000J 试题分析：（ 1）豆浆吸收的热量： 消耗的电能： 加热的效率： ； （ 2）由图象可知，豆浆机正常工作一次电热管工作时间 ，电动机工作时间 ， 豆浆机正常工作做一次豆浆消耗的电能： 考点：电功与热量的综合计算；热量的计算；效率的计算 点评：本题为电功和热量的综合计算题，考查了学生对电功率公式及其变形公式 W=Pt和吸热公式的掌握和运用，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是求豆浆机正常工作一次电热管工作时间和电动机工作时间，要学会从题目所给信息中找到有用的数据，解题过程中还要注意单

40、位的换算 如图所示，工人通过滑轮组使重 600N 的箱子以 0.4m/s 的速度从地面提升到 12m高的平台上，若工人吊起箱子过程中做的额外功是 1800J求： (1)滑轮组的机械效率是多大？ (2)工人吊起箱子的过程中所用的拉力是多少？ (3)工人做功的功率为多少 ？ 答案：（ 4分） 80% 375N 300W 试题分析：（ 1） ， ； （ 2） ， ，由 得： ； （ 3） ， 考点：功的计算；滑轮（组）的机械效率；功率的计算。 点评：本题考查了功的计算、功率的计算、机械效率的计算，涉及到寻找合理的方法，知识点多，属于难题 如图所示，小灯泡 L上标有 “6V 3W”字样，定值电阻 R=

41、6W，当开关 S闭合时，小灯泡正常发光。求： (1)小灯泡正常发光时的电流； (2)定值电阻两端的电压； (3)定值电阻 R在 l0s内消耗的电能。 答案：（ 3分） 0.5A 3V 15J 试题分析：（ 1） ， 小灯泡正常发光时的电流 ； （ 2） ， 定值电阻两端的电压 ； （ 3）定值电阻 R在 l0s内消耗的电能 ； 考点：电功率与电压、电流的关系；欧姆定律的应用；电功的计算 点评：本题考查了求电流、电压、电功问题，是一道基础题，熟练应用电功率的变形公式、欧姆定律、电功公式即可正确解题 作图题 (1)如图所示，杠杆在力 F1、 F2作用下处于平衡状态， L1为 F1的力臂。请在图中作

42、出 F2的力臂 L2及力 F1。 (2)把图中的拉线开关、白炽灯泡和三孔插座正确地连入家庭电路中（要求用拉线开关控制白炽灯泡）。 (3)如图所示，根据小磁针静止时的指向在图示中标出通电螺线管的 N、 S极和电源的正、负极。 答案： （ 1） （ 2） （ 3）试题分析：（ 1） F2与杠杆垂直，故连接支点 O 与 F2的作用点即为力臂 L2，过L1的上端作 L1的垂线，交杠杆于一点，即为 F1的作用点， F1的方向向上，如图： （ 2）零线直接进入灯泡的螺旋套；火线先接入开关，再进入灯泡顶端的金属点三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线如图 （ 3）小磁针 N 极向左，则得螺线管左侧为 N 极，由安培定则得电流由右侧流入螺线管，即电源右侧为正极如图： 考点：力臂的画法；家庭电路的连接；通电螺线管的极性和电流方向的判断 点评：（ 1）本题考查了力的示意图和力臂的画法由力臂的概念即可画力臂，也可确定力的方向和作用点 （ 2）掌握家庭电路中灯泡、开关、保险丝、两孔插座、三孔插座的接法正确理解为什么设计三孔插座和金属外壳的用电器为什么有三脚插头 （ 3）安培定则内容：右手握住螺线管，四指指向电流方向，大拇指所指的方向为电磁铁 N 极