备战2019高考物理二轮复习专项攻关高分秘籍专题08静电场学案.doc

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1、1专题 08 静电场【备考建议】【经典例题】考点一： 冲量与动量变化的计算【典例 1】【2017新课标卷】（多选）一质量为 2 kg的物块在合外力 F的作用下从静止开始沿直线运动。 F随时间 t变化的图线如图所示，则： （ ）A t=1 s时物块的速率为 1 m/sB t=2 s时物块的动量大小为 4 kgm/sC t=3 s时物块的动量大小为 5 kgm/sD t=4 s时物块的速度为零【答案】AB考点二 动量定理的理解与应用【典例 2】(2018吉林长春质检)“蹦床”已成为奥运会的比赛项目.质量为 m的运动员从床垫正上方 h1高处自由落下,落垫后反弹的高度为 h2,设运动员每次与床垫接触的

2、时间为 t,求在运动员与床垫接触的时间内运动员对床垫的平均作用力.(空气阻力不计,重力加速度为 g)备考过程中，结合往年的高考命题，备考中需把握下面几点：1、电场力和电场能的性质，库仑定律和电场力做功与电势能的关系。2、电容器和静电屏蔽，对电容器的两个公式 和 的关系，对于静电感4rsckdQcU应的分析和在静电屏蔽中的应用。3、带点粒子在电场中的运动，包括带点粒子在电场中的偏转和带电粒子在加速电场和偏转电场的运动。2考点三 动量守恒的判断与动量守恒定律的理解【典例 3】(2018安徽淮南模拟)(多选)如图所示,在光滑的水平面上放有一物体 M,物体上有一光滑的半圆弧轨道,轨道半径为 R,最低点

3、为 C,两端 A,B等高,现让小滑块 m从 A点由静止下滑,在此后的过程中,则( )A.M和 m组成的系统机械能守恒,动量守恒 B.M和 m组成的系统机械能守恒,动量不守恒C.m从 A到 C的过程中 M向左运动,m 从 C到 B的过程中 M向右运动D.m从 A到 C的过程中,M 向左运动,m 从 C到 B的过程中 M向左运动3考点四 “子弹打木块”类问题的综合分析【典例 4】(2018四川乐山市检测)如图所示,质量为 3m、长度为 L的木块置于光滑的水平面上,质量为 m的子弹以初速度 v0水平向右射入木块,穿出木块的速度为25v0,设木块对子弹的阻力始终保持不变.(1)求子弹穿透木块后,木块速

4、度的大小;(2)求子弹穿透木块的过程中,木块滑行的距离 s;(3)若改将木块固定在水平传送带上,使木块始终以某一恒定速度(小于 v0)水平向右运动,子弹仍以初速度v0水平向右射入木块.如果子弹恰能穿透木块,求此过程所经历的时间.【解析】(1)由动量守恒定律得mv0=m25v0+3mv,解得 v=05v.【解析】(2)对子弹,由动能定理得 -Ff(s+L)=12m( 5v0)2-12m 0v对木块,由动能定理得 Ffs= 3mv2联立解得 Ff=2095vL,s= 6.【解析】(3)对子弹,由动量定理得-Fft=m(u-v0),由动能定理得 Ff(ut+L)=12m( 0v-u2)4联立解得 t

5、= 0523Lv.考点五 “弹簧类”问题的综合分析【典例 5】(2018山东烟台模拟)如图所示,光滑水平直轨道上有三个质量均为 m的物块 A,B,C.B的左侧固定一轻弹簧(弹簧左侧的挡板质量不计).设 A以速度 v0朝 B运动,压缩弹簧;当 A,B速度相等时,B 与 C恰好相碰并粘连在一起,然后继续运动.假设 B和 C碰撞过程时间极短.求从 A开始压缩弹簧直至与弹簧分离的过程中.(1)整个系统损失的机械能;(2)弹簧被压缩到最短时的弹性势能【解析】(1)从 A压缩弹簧到 A与 B具有相同速度 v1时,对 A,B与弹簧组成的系统,由动量守恒定律得mv0=2mv1 此时 B与 C发生完全非弹性碰撞

6、,设碰撞后的瞬时速度为 v2,损失的机械能为 E,对 B,C组成的系统,由动量守恒和能量守恒定律得 mv1=2mv2 12mv=E+12(2m) 2v 联立式解得 E=16m 20. 考点六 “滑块滑板”类问题的综合分析【典例 6】(2018河北衡水模拟)如图所示,在光滑的水平面上放置一个质量为 2m的木板 B,B的左端放置一个质量为 m的物块 A,已知 A,B之间的动摩擦因数为 ,现有质量为 m的小球以水平速度 v0飞来与物块 A碰撞后立即粘住,在整个运动过程中物块 A始终未滑离木板 B,且物块 A可视为质点,求:(1)物块 A相对木板 B静止后的速度大小;5(2)木板 B至少多长.【解析】

7、(1)设小球和物块 A碰撞后二者的速度为 v1,三者相对静止后速度为 v2,规定向右为正方向,根据动量守恒得 mv0=(m+m)v1,(m+m)m1=(m+m+2m)v2,联立解得 v2=0.25v0.考点七 动量守恒定律的应用【典例 7】(2018江南十校联考)如图所示,甲车质量 m1=20 kg,车上有质量 M=50 kg的人,甲车(连同车上的人)以v=3 m/s的速度向右滑行.此时质量 m2= 50 kg的乙车正以 v0=1.8 m/s的速度迎面滑来,为了避免两车相撞,当两车相距适当距离时,人从甲车跳到乙车上,求人跳出甲车的水平速度 u(相对地面)应当在什么范围以内才能避免两车相撞?(不

8、计地面和小车间的摩擦,设乙车足够长,取 g=10 m/s2)【解析】以人、甲车、乙车组成的系统为研究对象,设甲车、乙车与人具有相同的速度 v,由动量守恒得 (m1+M)v-m2v0=(m1+m2+M)v解得 v=1 m/s.以人与甲车为一系统,人跳离甲车过程动量守恒,得(m1+M)v=m1v+Mu,解得 u=3.8 m/s.因此,只要人跳离甲车的速度 u3.8 m/s,就可避免两车相撞.答案:u3.8 m/s【典例 8】动量守恒定律的应用(2016全国卷,35)如图所示,水平地面上有两个静止的小物块 a和 b,其连线与墙垂直;a 和 b相距 l;b与墙之间也相距 l;a的质量为 m,b的质量为

9、34m,两物块与地面间的动摩擦因数均相同,现使 a以初速度 v0向右滑动,此后 a与 b发生弹性碰撞,但 b没有与墙发生碰撞,重力加速度大小为 g,求物块6与地面间的动摩擦因数满足的条件.考点八 动量守恒中的临界问题【典例 9】两质量分别为 M1和 M2的劈 A和 B,高度相同,放在光滑水平面上,A 和 B的倾斜面都是光滑曲面,曲面下端与水平面相切,如图所示.一质量为 m的物块位于劈 A的倾斜面上,距水平面的高度为 h.物块从静止滑下,然后滑上劈 B.求物块在 B上能够达到的最大高度.7【解析】根据题意可知,物块从劈 A静止滑下,到达劈 A底端时,设物块的速度大小为 v,A的速度大小为 vA,

10、 考点九 弹性碰撞与非弹性碰撞【典例 10】(2018河北唐山质检)在光滑的水平面上,质量为 m1的小球 A以速率 v0向右运动.在小球 A的前方 O点处有一质量为 m2的小球 B处于静止状态,如图所示.小球 A与小球 B发生正碰后小球 A,B均向右运动.小球B被在 Q点处的墙壁弹回后与小球 A在 P点相遇,PQ=1.5PO.假设小球间的碰撞及小球与墙壁之间的碰撞都是弹性的,求两小球质量之比12m.【解析】从两小球碰撞后到它们再次相遇,小球 A和小球 B的速度大小保持不变,设两小球通过的路程分别为 s1,s2.由 v=st得12v= 4,两小球碰撞过程有m1v0=m1v1+m2v2812m1

11、0v= m1 21+ m2 2v,解得12m= .故两小球的质量之比12= .【典例 11】(2015全国卷,35)两滑块 a,b沿水平面上同一条直线运动,并发生碰撞;碰撞后两者粘在一起运动;经过一段时间后,从光滑路段进入粗糙路段.两者的位置 x随时间 t变化的图像如图所示.求:(1)滑块 a,b的质量之比; 【解析】(2)由能量守恒得,两滑块因碰撞而损失的机械能为E=12m1v+ m2 2-1(m1+m2)v2由图像可知,两滑块最后停止运动.由动能定理得,两滑块克服摩擦力所做的功为W=12(m1+m2)v2联立并代入题给数据得 WE=12.考点十 多物体碰撞问题【典例 12】9(2018大连

12、模拟)如图所示,AOB 是光滑水平轨道,BC 是半径为 R的光滑的14固定圆弧轨道,两轨道恰好相切.质量为 M的小木块静止在 O点,一个质量为 m的子弹以某一初速度水平向右射入小木块内,并留在其中和小木块一起运动,且恰能到达圆弧轨道的最高点 C(木块和子弹均可以看成质点).求:(1)子弹射入木块前的速度;考点十一 爆炸及反冲运动【典例 13】(2018山东潍坊模拟)如图所示,质量相等的木块 A,B间夹有一小块炸药,放在一段粗糙程度相同的水平地面上.让 A,B以速度 v0一起从 O点滑出,到达 P点后速度变为02v,此时炸药爆炸使木块 A,B脱离,发现木块B立即停在原位置,木块 A继续水平前进.

13、如果仍让 A,B以速度 v0一起从 O点滑出,当 A,B停止运动时立即让炸药爆炸,则木块 A最终静止在 Q点(图中未标出).已知 O,P两点间的距离为 s,炸药的质量可以忽略不计,爆炸时间很短可以忽略不计,爆炸释放的化学能全部转化为木块的动能,求木块 A从 O运动到 Q所用的时间.10考点十二 “人船模型”问题【典例 14】(2018安徽合肥模拟)如图所示,质量为 M、半径为 R的圆环,静止在光滑水平面上,有一质量为 m的滑块从与环心 O等高处开始无初速度下滑到达最低点时,关于圆环的位移,下列说法中正确的是( )A.mRMB. C.Rm11D.不确定,与环和滑块之间是否存在摩擦力有关【解析】如

14、图所示,设当滑块下滑到达最低点时圆环的位移为 x,则滑块的位移为 R-x,由水平方向上平均动量守恒得 m(R-x)=Mx,解得 x=mRM,不管环和滑块之间有无摩擦,系统水平方向上动量守恒且为零,因此圆环、滑块的位移与环和滑块之间是否存在摩擦力无关,选项 B正确.【走进高考】1.(2018河北邢台模拟)(多选)木块 a和 b用一根轻弹簧连接起来,放在光滑水平面上,a 紧靠在墙壁上,在 b上施加向左的水平力使弹簧压缩,如图所示,当撤去外力后,下列说法中正确的是( )A.a尚未离开墙壁前,a 和 b组成的系统动量守恒B.a尚未离开墙壁前,a 和 b组成的系统动量不守恒C.a离开墙壁后,a 和 b组

15、成的系统动量守恒D.a离开墙壁后,a 和 b组成的系统动量不守恒2.小球质量为 2m，以速度 v沿水平方向垂直撞击墙壁，球被反方向弹回速度大小是 45v，球与墙撞击时间为 t，在撞击过程中，球对墙的平均冲力大小是A. 25mvt B. 8t C. 185mt D. 2vt3下列说法中正确的是（ ）A. 冲量的方向一定和动量的方向相同B. 动量变化量的方向一定和动量的方向相同C. 物体的末动量方向一定和它所受合外力的冲量方向相同D. 冲量是物体动量变化的原因124如图所示，两个质量和速度均相同的子弹分别水平射入静止在光滑水平地面上质量相同、材料不同的两矩形滑块 A、B 中，射入 A中的深度是射入

16、 B中深度的两倍上述两种射入过程相比较A. 射入滑块 A的子弹速度变化大 B. 整个射入过程中两滑块受的冲量一样大，木块对子弹的平均阻力一样大C. 射入滑块 A中时阻力对子弹做功是射入滑块 B中时的两倍D. 两个过程中系统产生的热量相同5.(多选)一物体静止在粗糙水平面上，某时刻受到一沿水平方向的恒定拉力作用开始沿水平方向做直线运动，已知在第 1 s内合力对物体做的功为 45 J，在第 1 s末撤去拉力，物体整个运动过程的 v t图象如图 7所示， g取 10 m/s2，则( )图 7A.物体的质量为 5 kgB.物体与水平面间的动摩擦因数为 0.1C.第 1 s内摩擦力对物体做的功为 60

17、JD.第 1 s内拉力对物体做的功为 60 J6.(多选)如图 8所示，用高压水枪喷出的强力水柱冲击右侧的煤层。设水柱直径为 D，水流速度为v，方向水平，水柱垂直煤层表面，水柱冲击煤层后水的速度为零。高压水枪的质量为 M，手持高压水枪操作，进入水枪的水流速度可忽略不计，已知水的密度为 。下列说法正确的是( )图 8A.高压水枪单位时间喷出的水的质量为 v D2B.高压水枪的功率为 D2v3 xk+w18C.水柱对煤层的平均冲力为 D2v214D.手对高压水枪的作用力水平向右137如图所示，一水平方向的传送带以恒定速度 v=2m/s沿顺时针方向匀速转动，传送带右端固定着一光滑的四分之一圆弧轨道，

18、并与圆弧下端相切。一质量为 m=1kg的物体自圆弧轨道的最高点由静止滑下，圆弧轨道的半径为 R=0.45m，物体与传送带之间的动摩擦因数为 =0.2，不计物体滑过圆弧轨道与传送带交接处时的能量损失，传送带足够长，g 取 10m/s2。求：(1)物体第一次滑到圆弧轨道下端时，对轨道的压力大小 FN；(2)物体从第一次滑上传送带到离开传送带的过程中，摩擦力对传送带做的功 W，以及由于摩擦而产生的热量 Q。8.如图所示为某种弹射装置的示意图，该装置由三部分组成，传送带左边是足够长的光滑水平面，一轻质弹簧左端固定，右端连接着质量 M=6.0kg的物块 A。装置的中间是水平传送带，它与左右两边的台面等高

19、，并能平滑对接。传送带的皮带轮逆时针匀速转动，使传送带上表面以 u=2.0m/s匀速运动。传送带的右边是一半径 R=1.25m位于竖直平面内的光滑 1/4圆弧轨道。质量 m=2.0kg的物块 B从 1/4圆弧的最高处由静止释放。已知物块 B与传送带之间的动摩擦因数 =0.1，传送带两轴之间的距离 l=4.5m。设物块 A、 B之间发生的是正对弹性碰撞，第一次碰撞前，物块 A静止。取 g=10m/s2。求：（1）物块 B滑到 1/4圆弧的最低点 C时对轨道的压力；（2）物块 B与物块 A第一次碰撞后弹簧的最大弹性势能；（3）如果物块 A、 B每次碰撞后，物块 A再回到平衡位置时弹簧都会被立即锁定

20、，而当它们再次碰撞前锁定被解除，求物块 B经第一次与物块 A碰撞后在传送带上运动的总时间。9.(2017云南昆明二模)课外科技小组制作一只“水火箭”,用压缩空气压出水流使火箭运动.假如喷出的水流流量保持为 210-4m3/s,喷出速度保持为对地 10 m/s.启动前火箭总质量为 1.4 kg,则启动 2 s末火箭的速度可以达到多少?已知火箭沿水平轨道运动阻力不计,水的密度是 103 kg/m3.1410.(2017天津卷,10)如图所示,物块 A和 B通过一根轻质不可伸长的细绳相连,跨放在质量不计的光滑定滑轮两侧,质量分别为 mA=2 kg,mB=1 kg.初始时 A静止于水平地面上,B 悬于

21、空中.现将 B竖直向上再举高 h=1.8 m(未触及滑轮),然后由静止释放.一段时间后细绳绷直,A,B 以大小相等的速度一起运动,之后 B恰好可以和地面接触.取 g=10 m/s2,空气阻力不计.求:(1)B从释放到细绳刚绷直时的运动时间 t;(2)A的最大速度 v的大小;(3)初始时 B离地面的高度 H.11.(2018四川南充模拟)如图所示,质量为 M的滑块静止在光滑的水平桌面上,滑块的光滑弧面底部与桌面相切,一质量为 m的小球以速度 v0向滑块滚来,设小球不能越过滑块,求:(1)小球到达最高点时小球和滑块的速度分别为多少?(2)小球上升的最大高度.12.(2018河北唐山模拟)如图所示,

22、一轻质弹簧的一端固定在滑块 B上,另一端与滑块 C接触但不连接,该整体静止在光滑水平地面上,并且 C被锁定在地面上.现有一滑块 A从光滑曲面上离地面 h高处由静止开始下滑,与滑块 B发生碰撞并粘连在一起压缩弹簧,当速度减为碰后速度一半时滑块 C解除锁定.已知mA=m,mB=2m,mC=3m.求:15(1)滑块 A与滑块 B碰撞结束瞬间的速度;(2)被压缩弹簧的最大弹性势能.【参考答案】1.【解析】当撤去外力 F后,a 尚未离开墙壁前,系统受到墙壁的作用力,系统所受的外力之和不为零,所以a和 b组成的系统的动量不守恒,选项 A错误,B 正确;a 离开墙壁后,系统所受的外力之和为 0,所以 a,b

23、组成的系统的动量守恒,选项 C正确,D 错误.2.【答案】CB、动量增量的方向与合力的冲量方向相同，与动量的方向不一定相同，比如匀减速直线运动，动量增量的方向和动量的方向相反故 B错误C、物体的末动量方向不一定和它所受合外力的冲量方向相同故 C错误D、根据动量定理可知，冲量是物体的动量变化的原因故 D正确故选：D 4.【答案】D【解析】A、根据动量守恒定律可得 0mvMv，可知两种情况下木块和子弹的共同速度相同，两颗子弹速度变化相同，故 A错误；B、两滑块的动量 PM变化相同，受到的冲量相同，由 2201=mfQFdvMv相 对 ，射入 A中的深度是射入 B中深度的两倍，射入滑块 A中时平均阻

24、力对子弹是射入滑块 B中时的 1倍，故 B错误；C、射入滑块 A中时阻力对子弹做功 2201fwmv与射入滑块 B中时阻力对子弹做功相等，故 C错16误；D、由 2201=mfQFdvMv相 对 ，两个过程中系统产生的热量相同，故 D正确；故选 D。5.答案 BD6.解析 设 t时间内，从水枪喷出的水的体积为 V，质量为 m，则 m V， V Sv t D2v t，单位时间喷出水的质量为 v D2，选项 A错误； t时间内14 m t 14水枪喷出的水的动能 Ek mv2 D2v3 t，由动能定理知高压水枪在此期间对水做功为12 18W Ek D2v3 t，高压水枪的功率 P D2v3，选项

25、B正确；考虑一个极短时间 t，在此18 W t 18时间内喷到煤层上水的质量为 m，设煤层对水柱的作用力为 F，由动量定理得 F t mv， t时间内冲到煤层水的质量 m D2v t，解得 F D2v2，由牛顿第三定律可知，水柱对煤层的平均冲力为14 14F F D2v2，选项 C正确；当高压水枪向右喷出高压水流时，水流对高压水枪的作用力向左，由于14高压水枪有重力，根据平衡条件，手对高压水枪的作用力方向斜向右上方，选项 D错误。答案 BC7.【答案】 （1）30N（2）-10J；12.5J【解析】(1) 根据动能定理： 210mgRv解得：v 1=3m/s 在轨道最低点：21vNg由牛顿第三

26、定律 FN=N=30N (2) 物体从第一次滑上传送带到离开传送带的过程中，由定律定理： 1mgtv，t=2.5s 17摩擦力对传送带做的功 10WmgvtJ216.5vxtg摩擦而产生的热 12.QxJ8.【答案】 （1） F1=60N，方向竖直向下（2）12J（3）8s18得 l2m4.5m 所以物块 B不能通过传送带运动到右边的曲面上当物块 B在传送带上向右运动的速度为零后，将会沿传送带向左加速运动可以判断，物块 B运动到左边台面时的速度大小为 v12m/s，继而与物块 A发生第二次碰撞设第 1次碰撞到第 2次碰撞之间，物块 B在传送带运动的时间为 t1。由动量定理得： mgt 12 m

27、v1解得 124s2vtvg设物块 A、 B第一次碰撞后的速度分别为 v4、 v3，取向左为正方向，由动量守恒定律和能量守恒定律得mv1 mv3 Mv42mv1 2 mv32 1Mv42解得 v3 2=-1m/s 当物块 B在传送带上向右运动的速度为零后，将会沿传送带向左加速运动可以判断，物块 B运动到左边19台面时的速度大小为 v31m/s，继而与物块 A发生第 2次碰撞则第 2次碰撞到第 3次碰撞之间，物块B在传送带运动的时间为 t2。由动量定理得： mgt 22 mv3解得 321214s2vtvvgg同上计算可知m=V= Vtt=103210-42 kg=0.4 kg,火箭的质量 M=

28、m 总 -m=(1.4-0.4)kg=1.0 kg根据题意,水火箭喷水过程中沿水流方向动量守恒,选择水流的方向为正方向,得 mv1+Mv2=0所以 v2=- 1mM=-4 m/s.10.【解析】(1)B 从释放到细绳刚绷直前做自由落体运动,有 h= 12gt2代入数据解得 t=0.6 s.【解析】(2)设细绳绷直前瞬间 B速度大小为 vB,有 vB=gt,细绳绷直瞬间,细绳张力远大于 A,B的重力,A,B相互作用,由动量守恒得 mBvB=(mA+vB)v,之后 A做匀减速运动,所以细绳绷直后瞬间的速度 v即为 A的最大速度,联立各式,代入数据解得 v=2 m/s.(3)细绳绷直后,A,B 一起运动,B 恰好可以和地面接触,说明此时 A,B的速度为零,这一过程中 A,B组成的系统机械能守恒,有 12(mA+mB)v2+mBgH=mAgH20代入数据解得 H=0.6 m.11【解析】m 在 M弧面上升过程中,当 m的竖直分速度为零时它升至最高点,此时二者具有相同的水平速度,设为 v,