2019年高考物理二轮复习选择题48分练2.doc

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1、1选择题 48 分练(二)(时间：20 分钟 分值：48 分)(15 小题为单选题，68 小题为多选题)1(2018齐齐哈尔一模)如图 7 所示，一辆汽车从 A 点开始运动，先做匀加速运动，运动到 B 点时接着做匀速直线运动，运动到 C 点时运动的总时间为 t，总路程为 s， B 是 AC的中点，则汽车匀速运动的速度大小为( )图 7A. B.3s2t 2s3tC. D.s2t 2stA 设汽车从 A 运动到 B 所用时间为 t1，从 B 运动到 C 所用时间为 t2，汽车匀速运动的速度大小为 v，时间关系有： t1 t2 t， vt1 vt2，联立可得： t12 t2 ，解得：s2 12 2

2、t3v ，故 A 正确，B、C、D 错误3s2t2. (2018永州三次模拟)科技的发展正在不断地改变着我们的生活，图 8 是一款放在水平桌面上的手机支架，其表面采用了纳米微吸材料，用手触碰无粘感，接触到平整光滑的硬性物体时，会牢牢吸附在物体上手机静止吸附在该手机支架上，如图所示，若手机的重力为 G，下列说法正确的是( )图 8A手机受到的支持力大小为 Gcos B手机受到的摩擦力大小大于 Gsin C纳米材料对手机的作用力方向竖直向上D纳米材料对手机的作用力大小为 Gsin C 手机处于静止状态，受力平衡，根据平衡条件可知，在垂直于支架方向有：FN Gcos F 吸 ，大于 Gcos ，故

3、A 错误；在平行于斜面方向，根据平衡条件，有：f Gsin ，故 B 错误；手机处于静止状态，受力平衡，受到重力和纳米材料对手机的作用力，根据平衡条件可知，纳米材料对手机的作用力大小等于重力，方向与重力方向相反，竖直向上，故 C 正确，D 错误23(2018淮滨中学仿真)2018 年 1 月 12 日，我国以“一箭双星”方式成功发射第26、第 27 颗北斗导航卫星，拉开 2018 年将发射 16 颗北斗卫星的序幕北斗导航卫星的轨道有三种：地球静止轨道(高度 35 809 km)、倾斜地球同步轨道(高度 35 809 km)、中圆地球轨道(高度 21 607 km)，如图 9 所示下列说法正确的

4、是( )图 9A中圆地球轨道卫星的周期一定比静止轨道卫星的周期长B中圆地球轨道卫星受到的万有引力一定比静止轨道卫星受到的万有引力大C倾斜同步轨道卫星始终位于地球表面某点的正上方D倾斜同步轨道卫星每天在固定的时间经过同一地区的正上方D 根据卫星的万有引力提供向心力，有 G m r，可得 T ，中圆地球Mmr2 4 2T2 4 2r3GM轨道卫星的轨道半径小于地球静止轨道的半径，则周期一定短，A 错误由 F 引 G 知，Mmr2由于不知道卫星的质量 m，故无法比较万有引力的大小，B 错误只有地球同步卫星是相对地球静止的卫星，倾斜同步轨道卫星只是周期等于 24 h，高度与地球同步卫星相同，转动平面没

5、有在赤道面，故不能定点，但转动一圈和地球自转一圈周期相同，则每天在固定的时间经过同一地区的正上方，C 错误，D 正确4(2018哈尔滨六中二模)如图 10 所示，倾角为 30的粗糙斜面( 已知)与倾角为60的光滑斜面对接在一起，两斜面上分别放有质量均为 m 的物块甲和乙，两物块通过一跨过定滑轮的细线连在一起在平行于斜面的拉力 F 的作用下两物块做匀速运动从图示位置开始计时，在物块甲与滑轮相碰前的一段时间内( OA 长为 L， OB 长为 L/2)，力 F 做的功为( )图 10A mgL B mgL(32 32 12) (32 32 12)3C mgL D mgL(12 32 12) (12

6、32 12)A 对甲： T mgsin 30 mg cos 30；对乙： F T mgsin 60； F 做的功：W FL；解得 W FL mgL ，故选 A.(32 32 12)5(2018银川一中二次模拟)一炮弹质量为 m，以一定的倾角斜向上发射，达到最高点时速度大小为 v，方向水平炮弹在最高点爆炸成两块，其中质量为 m 的一块恰好做自14由落体运动，则爆炸后另一块瞬时速度大小为( )A v B. v43C. v D034B 爆炸前动量为 mv，设爆炸后另一块瞬时速度大小为 v，取炮弹到最高点未爆炸前的速度方向为正方向，爆炸过程动量守恒，则有： mv mv，解得： v v，故选 B.34

7、436(2018东北三省三校联考)将一小球从地面以速度 v0竖直向上抛出，小球上升到某一高度后又落回到地面若该过程中空气阻力不能忽略，且大小近似不变，则下列说法中正确的是( )A重力在上升过程与下降过程中做的功大小相等B重力在上升过程与下降过程中的冲量相同C整个过程中空气阻力所做的功等于小球机械能的变化量D整个过程中空气阻力的冲量等于小球动量的变化量AC 根据 W Gh 可知，重力在上升过程与下降过程中做的功大小相等，选项 A 正确；上升过程中的加速度 a 上 g 大于下降过程中的加速度 a 下 g ，则上升的时间小于下fm fm降的时间，即 t 上 t 下 ，根据 I Gt 可知，重力在上升

8、过程中的冲量小于下降过程中的冲量，选项 B 错误；根据功能关系，整个过程中空气阻力所做的功等于小球机械能的变化量，选项 C 正确；整个过程中空气阻力的冲量和重力的冲量之和等于小球动量的变化量，选项D 错误7(多选)半径为 r 带缺口的刚性金属网环在纸面上固定放置，在网环的缺口两端引出两根导线，分别与两块垂直于纸面固定放置的平行金属板 A、 B 连接，两板间距为 d 且足够宽，如图 4 甲所示有一变化的磁场垂直于纸面，规定向内为正，变化规律如图乙所示在平行金属板 A、 B 正中间有质量未知、电荷量为 q 的带电液滴，液滴在 00.1 s 处于静止状态，已知重力加速度为 g.则以下说法正确的是(

9、)4图 4A液滴带正电B液滴的质量为q r210gdC第 0.3 s 时液滴的运动方向改变D第 0.4 s 时液滴距初始位置距离为 0.08g(单位：米)ABD 根据楞次定律可知，在 00.1 s 内线圈中产生的感应电动势下板为正，液滴处于平衡状态时，可知液滴带正电，选项 A 正确在 00.1 s 内线圈中产生的感应电动势 E S r2 V0.1 r2 V；对液滴 mg q，解得 m ，选项 B 正确. B t 0.010.1 Ed q r210gd0.10.2 s 时电动势的方向发生改变，则液滴向下做加速运动，0.20.3 s 时电动势的方向不变，液滴继续向下加速运动，选项 C 错误液滴向下

10、运动的加速度为 mg q ma，解Ed得 a2 g,0.10.3 s 内液滴向下加速运动的位移 x1 at2 2g0.22 m0.04 g m；在12 120.3 s 时刻液滴的速度 v at2 g0.2 m/s0.4 g m/s；0.30.4 s 内液滴匀速运动，故位移 x2 vt0.04 g m，第 0.4 s 时液滴距初始位置距离为 0.08g(单位：米)，选项 D 正确8(2018辽宁辽南联考)质量为 m、电量为 q 的小滑块(可视为质点)，放在质量为M 的绝缘长木板左端，木板放在光滑的水平地面上，滑块与木板之间的动摩擦因数为 ，木板长为 L，开始时两者都处于静止状态，所在空间存在范围

11、足够大的一个方向竖直向下的匀强电场 E，恒力 F 作用在 m 上，如图 5 所示，则( )图 5A要使 m 与 M 发生相对滑动，只需满足 F (mg Eq)B若力 F 足够大，使得 m 与 M 发生相对滑动，当 m 相对地面的位移相同时， m 越大，长木板末动能越大C若力 F 足够大，使得 m 与 M 发生相对滑动，当 M 相对地面的位移相同时， E 越大，5长木板末动能越小D若力 F 足够大，使得 m 与 M 发生相对滑动， E 越大，分离时长木板末动能越大BD m 所受的最大静摩擦力为 f (mg Eq)，则根据牛顿第二定律得 a ，F fm fM计算得出 F ，则只需满足 F ， m

12、与 M 发生 mg Eq M mM mg Eq M mM相对滑动，故 A 错误当 M 与 m 发生相对滑动，根据牛顿第二定律得， m 的加速度 a，知 m 越大， m 的加速度越小，相同位移时，所用的时间越长， m 越大，F mg Eqmm 对木板的压力越大，摩擦力越大， M 的加速度越大，因为作用时间长，则位移大，根据动能定理知，长木板的末动能越大，所以 B 选项是正确的；当 M 与 m 发生相对滑动， E 越大，m 对 M 的压力越大，摩擦力越大， M 的加速度越大，则 M 相对地面的位移相同时，根据动能定理知，长木板的末动能越大，故 C 错误；根据 L a1t2 a2t2 知， E 越大， m 的加速度12 12越小， M 的加速度越大，知时间越长，因为 E 越大， M 的加速度越大，则 M 的位移越大，根据动能定理知，分离时长木板的动能越大，故 D 正确