2019年高考物理二轮复习选择题48分练14.doc

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1、1选择题 48 分练(十四)(时间：20 分钟 分值：48 分)(15 小题为单选题，68 小题为多选题)1.如图 1 所示电路中，电流表 A 和电压表 V 均可视为理想电表现闭合开关 S 后，将滑动变阻器滑片 P 向左移动，下列说法正确的是( )图 1A电流表 A 的示数变小，电压表 V 的示数变大B小灯泡 L 变亮C电容器 C 上电荷量减少D电源的总功率变大A 闭合开关 S 后，将滑动变阻器滑片 P 向左移动时，变阻器接入电路的电阻增大，根据闭合电路欧姆定律得知，电路中总电流 I 减小，则小灯泡 L 变暗，电流表 A 的示数变小电压表的示数 U E I(RL r)， I 减小，其他量不变，

2、则 U 增大，即电压表 V 的示数变大，故 A 正确，B 错误电容器的电压等于变阻器两端的电压，即等于电压表的示数， U增大，由 Q CU，知电容器 C 上的电荷量增多，故 C 错误电源的总功率 P EI， I 减小，则电源的总功率变小，故 D 错误2. (2018枣庄三中一调)如图 2 所示，质量为 M 的盒子放在光滑的水平面上，盒子内表面不光滑，盒内放有一块质量为 m 的物体，某时刻给物体一个水平向右的初速度 v0，那么在物体与盒子前后壁多次往复碰撞后( )图 2A两者的速度均为零B两者的速度总不会相等C盒子的最终速度为 ，方向水平向右mv0M mD盒子的最终速度为 ，方向水平向右mv0M

3、C 选物体与盒子组成的系统为研究对象，由水平方向动量守恒得 mv0( M m)v，所2以 v ， v 方向与 v0同向，即方向水平向右，C 正确mv0M m3.如图 3 所示，以速度 v 将小球沿与水平方向成 37角方向斜向上抛出，结果小球刚好能垂直打在竖直墙上，小球反弹后的速度方向水平，速度的大小为碰撞前速度大小的 ，不计空气阻力，则反弹后小球的速度大小再次为 v 时，速度与水平方向夹角的正切值34为( )图 3A. B.34 43C. D.35 53B 小球斜向上抛出垂直打在墙上，可逆向视为平抛运动，设打在墙上的速度为 v0，则 v0 vcos 37，反弹后以 v0抛出，当速度为 v 时，

4、 v0 vcos ，联立解得 cos 34 34，故 tan ，B 正确35 434(2018衡阳二次联考)如图 4 所示，倾角为 的斜面体 c 置于水平地面上，小盒b 置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与物体 a 连接，连接 b 的一段细绳与斜面平行，连接 a 的一段细绳竖直， a 连接在竖直固定在地面的弹簧上端现在 b 盒内缓慢放入适量沙粒， a、 b、 c 始终处于静止状态，下列说法正确的是( )图 4A弹簧的弹力可能增大B b 盒所受的摩擦力一定减小C斜面体 c 对地面的压力可能不变D地面对 c 的摩擦力一定不变D a、 b、 c 始终处于静止状态，则弹簧的长度不变，由胡克定律可知弹

5、簧的弹力大小不变，A 错误；由于不知道 b 的重力沿着斜面方向的分力与细线拉力的大小关系，故不能确定静摩擦力的方向，故随着沙子质量的增加，静摩擦力可能增加、可能减小，有可能3先减小后增大，B 错误；以 b 与 c 组成的整体为研究对象，整体受到重力、支持力以及绳子向右上方的拉力、地面的摩擦力，在 b 盒内缓慢加入适量砂粒后，竖直向下的重力增大，而其他的力不变，所以整体受到的支持力一定增大，即斜面体 c 对地面的压力一定增大，C 错误；因为弹簧的弹力大小不变， a 的重力恒定，所以绳子的拉力恒定，以 b 与 c 组成的整体为研究对象，整体受到重力、绳子向右上方的拉力、地面的摩擦力和支持力，而在水

6、平方向上绳子的拉力有一个向右的分力，与摩擦力等大反向，故地面对 c 的摩擦力一定不变，D 正确5(2018广西三市联考)如图 5 所示，某段滑雪雪道倾角为 30，总质量为 m(包括滑雪具在内)的滑雪运动员从距底端高为 h 处的雪道上由静止开始匀加速下滑，加速度 ag，在他从上向下滑到底端的过程中，下列说法正确的是( )14图 5A运动员减少的重力势能全部转化为动能B下滑过程中系统减少的机械能为 mgh12C运动员获得的动能为 mgh14D运动员克服摩擦力做功为 mgh14B 若物体不受摩擦力，根据牛顿第二定律有： mgsin 30 ma，则加速度应为a gsin 30 ，而现在的加速度小于 ，

7、故运动员应受到摩擦力，所以减少的重力势能g2 g2有一部分转化为了内能，故 A 错误；运动员下滑的距离： l 2 h，根据速度位移hsin 30公式 v22 al，可得： v ，动能为： Ek mv2 ，故 C 错误；由动能定理可知：gh12 mgh2mgh Wf mv2，解得： Wf mgh，故 D 错误；机械能的减小量等于克服阻力所做的功，故12 12下滑过程中系统减少的机械能为 mgh，故 B 正确126. (2018重庆江津中学月考)地球赤道上的重力加速度为 g，物体在赤道上随地球自转的向心加速度为 a，质量相等的三颗卫星甲、乙、丙在如图 6 所示的三个椭圆轨道上绕地球运行，卫星甲和乙

8、的运行轨道在 P 点相切不计阻力，以下说法正确的是( )4图 6A如果地球的转速为原来的 倍，那么赤道上的物体将会飘起来而处于完全失重g aa状态B卫星甲、乙分别经过 P 点时的速度相等C卫星甲的机械能最大D卫星周期： T 甲 T 乙 T 丙ACD 使地球上的物体随地球自转的向心加速度为 a 时，有： G mg ma；当物体飘MmR2起来的时候，由万有引力完全提供向心力，有 G ma；则此时物体的向心加速度为 MmR2a g a；根据向心加速度和转速的关系有： a R(2 n)2， a R(2 n) 2，可得：n n n，故 A 正确物体在椭圆形轨道上运动时，轨道高度越高，在近地点aa g a

9、a时的速度越大，所以卫星甲经过 P 点时的速度比卫星乙经过 P 点时的速度大，故 B 错误卫星的机械能跟卫星的速度、高度和质量有关，因卫星甲的最远点较远，故甲卫星的机械能最大，故 C 正确根据开普勒第三定律知，椭圆半长轴越小，卫星的周期越小，卫星丙的半长轴最短，甲的最长，则 T 甲 T 乙 T 丙 ，故 D 正确7(2018德州一模)如图 7 所示，光滑绝缘的水平面附近存在一个平行于水平面的电场，其中某一区域的电场线与 x 轴平行，现有一个质量为 0.1 kg、电荷量为2.010 8 C 的滑块 P(可看做质点)，仅在电场力作用下由静止沿 x 轴向左运动电场力做的功 W 与物块坐标 x 的关系

10、用图中曲线表示，图中斜线为该曲线过点(0.3,3)的切线则下列说法正确的是( )图 75A此电场一定是匀强电场B电场方向沿 x 轴的正方向C点 x0.3 m 处的场强大小为 1.0105 N/CD x0.3 m 与 x0.7 m 间的电势差是 100 VBD 根据 W Eqx 可知，滑块 P 向左运动的过程中，随 x 的增加图线的斜率逐渐减小，则场强逐渐减小，此电场一定不是匀强电场，选项 A 错误；滑块 P 向左运动的过程中，电场力对带负电的电荷做正功，则电场方向沿 x 轴的正方向，选项 B 正确；点 x0.3 m 处的电场力大小为 F Eq k N1.010 5 N，则 E V/m500 3

11、10 60.6 0.3 Fq 1.010 52.010 8V/m，选项 C 错误； x0.3 m 与 x0.7 m 间，电场力做功为 W210 6 J，可知电势差是U V100 V，选项 D 正确Wq 210 62.010 88(2018郴州二次质监)如图 8 所示，半径为 R 的圆形区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为 B.M 为磁场边界上一点，有无数个带电量为 q、质量为 m 的相同粒子(不计重力)在纸面内向各个方向以相同的速率通过 M 点进入磁场，这些粒子射出边界的位置均处于边界的某一段圆弧上，这段圆弧的弧长是圆周长的 1/4.下列说法正确的是( )图 8A粒子从 M 点进入磁场

12、时的速率为 v2BqR2mB粒子从 M 点进入磁场时的速率为 vBqR2mC若将磁感应强度的大小增加到 B，则粒子射出边界的圆弧长度变为原来的223D若将磁感应强度的大小增加到 B，则粒子射出边界的圆弧长度变为原来的222AC 因为粒子射出边界的位置处于边界的某一段圆弧上，并不是整个圆周上都有，所以粒子做圆周运动的半径小于 R，则粒子能射到的边界其圆弧所对应的弦长正好等于圆周运动的直径，因为这段圆弧的弧长是圆周长的 ，所以弦长对应的等腰三角形的内顶角为1490，所以弦长 2r2 Rsin 45，则粒子做圆周运动的半径 r Rsin 45 R，粒子做226圆周运动，洛伦兹力充当向心力，即 qvB m ，所以 v ，故 A 正确，B 错误；若 Bv2r 2qBR2m变为原来的 倍，则粒子在磁场中做圆周运动的半径 r ，同理可得，对应的弦长为2mvqB R2R，由几何关系可得粒子做圆周运动转过磁场的圆心角为 60，所以粒子射出边界的圆弧长度为原来的 ，故 C 正确，D 错误23