（江苏专用）2020版高考物理新增分大一轮复习第七章恒定电流本章综合能力提升练（含解析）.docx

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1、1本章综合能力提升练一、单项选择题1关于电流，下列说法中正确的是( )A通过导体横截面的电荷量越多，电流越大B电子运动的速率越大，电流越大C单位时间内通过导体横截面的电荷量越多，导体中的电流越大D因为电流有方向，所以电流是矢量答案 C解析 电流的大小等于单位时间内通过导体横截面的电荷量，故 A 错，C 对；电流的微观表达式 I neSv，电流的大小由单位体积的自由电荷数、每个电荷所带电荷量、导体的横截面积和电荷定向移动的速率共同决定，故 B 错；矢量运算遵循平行四边形定则，标量的运算遵循代数法则，电流的运算遵循代数法则，故电流是标量，故 D 错2如图 1 所示为 A、 B 两电阻的伏安特性曲线

2、，关于两电阻的描述正确的是( )图 1A电阻 A 的电阻随电流的增大而减小，电阻 B 的阻值不变B在两图线交点处，电阻 A 的阻值等于电阻 B 的阻值C在两图线交点处，电阻 A 的阻值大于电阻 B 的阻值D在两图线交点处，电阻 A 的阻值小于电阻 B 的阻值答案 B解析 由题图可知，电阻 A 图线的斜率越来越大，故 A 的电阻随电流的增大而增大，电阻 B的阻值不变，选项 A 错误；两图线的交点处电流和电压均相同，由欧姆定律可知，两电阻的阻值大小相等，选项 B 正确，C、D 错误3(2018黄桥中学质检)如图 2 所示， a、 b 分别表示由相同材料制成的两条长度相同、粗细均匀的电阻丝的伏安特性

3、曲线，下列判断中正确的是( )图 2A a 代表的电阻丝较粗2B b 代表的电阻丝较粗C a 电阻丝的阻值小于 b 电阻丝的阻值D图线表示的电阻丝的阻值与电压成正比答案 B4如图 3 所示的电路， R1是定值电阻， R2是滑动变阻器，L 是小灯泡， C 是电容器，电源内阻为 r.开关 S 闭合后，在滑动变阻器滑动触头向上移动的过程中( )图 3A小灯泡变亮B电容器所带电荷量增大C电压表示数变小D电源的总功率变大答案 B解析 闭合开关 S 后，当滑动变阻器滑动触头 P 向上移动时， R2增大，外电路总电阻增大，干路中电流减小，则小灯泡亮度变暗，电源的内电压减小，路端电压增大，则电压表的示数变大，

4、故 A、C 错误；电路稳定时电容器的电压等于 R2的电压 U2， U2 E U 内 UL， U 内 、 UL均减小，故电容器两端的电压增大，则电容器所带电荷量增大，故 B 正确；电源的总功率为P EI，干路电流 I 减小，则电源的总功率变小，故 D 错误5(2018镇江市质检)如图 4 所示，开关 S 闭合后，带电质点 P 在平行金属板中处于静止状态，则( )图 4A质点 P 一定带正电B滑片向 a 端移动时，两只电表的示数均增大C滑片向 a 端移动时，质点 P 将向上极板运动D若将开关 S 断开，质点 P 将向下极板运动答案 C解析 质点处于静止状态，则受到的电场力向上，故质点 P 带负电，

5、A 错误；滑片向 a 端移动时，滑动变阻器接入电路的电阻增大，则总电阻增大，总电流减小，内电压减小，由闭合3电路的欧姆定律可知路端电压增大， R1两端的电压减小，故并联部分电压增大，电容器两端的电压增大，质点所受的电场力增大，则质点将向上极板移动因并联部分电压增大，则R3中的电流增大，而干路电流减小，故电流表中的电流减小并联部分电压增大，即 R2与R4两端的总电压增大，而由于电流表示数减小，由欧姆定律可知 R2两端的电压减小，故 R4两端的电压增大，即电压表示数增大，故 B 错误，C 正确；开关 S 断开，电容器两端的电压等于电源的电动势，电容器两端电压增大，板间场强增大，质点受到的电场力变大

6、，质点 P将向上极板运动，故 D 错误二、多项选择题6如图 5 所示，一直流电动机与阻值 R9 的电阻串联在电源上，电源的电动势E30V，内阻 r1，闭合开关，用理想电压表测出电动机两端电压 U10V，已知电动机线圈的电阻 RM1，则下列说法中正确的是( )图 5A通过电动机的电流为 10AB电动机的输入功率为 20WC电源的输出功率为 4WD电动机的输出功率为 16W答案 BD解 析 根 据 闭 合 电 路 欧 姆 定 律 得 回 路 中 电 流 I A 2 A， 故 A 错 误 ； 电 动 机 的E UR r 30 109 1输 入 功 率 为 P 入 UI 102 W 20 W， 故 B

7、 正 确 ； 电 源 的 输 出 功 率 P 出 EI I2r 302 W 221 W 56 W， 故 C 错 误 ； 电 动 机 的 输 出 功 率 P 出 UI I2RM (102 221) W 16 W， 故 D 正确7(2018东台创新学校月考)如图 6 所示，甲、乙两个电路都是由一个灵敏电流表 G 和一个变阻器 R 组成的，下列说法正确的是( )图 6A甲表是电流表， R 增大时量程增大B甲表是电流表， R 增大时量程减小4C乙表是电压表， R 增大时量程增大D乙表是电压表， R 增大时量程减小答案 BC解析 并联分流，电流表 G 与变阻器并联是改装成电流表，且电流表量程 I Ig

8、， RIgRgR增大时量程减小，A 项错误，B 项正确串联分压，电流表 G 与变阻器串联是改装成电压表，且电压表量程 U Ig(Rg R)， R 增大时量程增大，C 项正确，D 项错误三、实验题8(2018南京市期中)某物理实验兴趣小组探究测定某品牌矿泉水的电阻率，用一两端开口的玻璃管通过密封塞封住一定量的矿泉水(1)某同学用如图 7 甲所示的游标卡尺的_(选填“ A”“B”或“ C”)部位去测玻璃管的内径，测出的读数如图乙所示，则玻璃管的内径 d 为_cm.图 7(2)该同学用多用电表的电阻挡测量玻璃管中矿泉水的电阻，选择开关置于“100”挡，发现指针如图 8 所示，则该同学接着需要进行的实

9、验步骤是：换选_(选填“10”或“1k”)挡；_；再测量其电阻图 8(3)该组同学按图 9 连好电路后，调节滑动变阻器的滑片，从最右端向左端移动的整个过程中，发现电压表有示数但几乎不变，不可能的原因是_5图 9A滑动变阻器阻值太小B电路中 5、6 之间断路C电路中 7、8 之间断路(4)该组同学在改进实验后，测出玻璃管中有水部分的长度 L 与直径 d，电压表示数为 U，电流表示数为 I.再改变玻璃管中有水部分的长度，测出多组数据，并描绘出相应的图象如图10 所示，若图线的斜率为 k，则矿泉水的电阻率 _(用题中字母表示)图 10答案 (1) A 2.150 (2)1k 欧姆调零 (3)B(4)

10、 d24k9(2018南通市等七市三模)氧化膜电阻是用真空镀膜等工艺将金属氧化淀积在绝缘基体表面上形成的薄膜电阻，常用色环来标识阻值，如图 11 甲所示某学习小组为了测量色环不清晰的氧化膜电阻的阻值准备了下列器材：图 11A待测氧化膜电阻 Rx；6B电流表 A1(量程 150A，内阻约 40)；C电流表 A2(量程 1mA，内阻约 10)；D电压表 V(量程 3V，内阻约 10k)；E滑动变阻器 R(阻值 020，允许最大电流 1A)；F直流电源 E(输出电压 5V，内阻不计)；G多用电表；H开关 S、导线若干(1)用多用电表粗测电阻时，将选择开关旋至“100”挡，调零后将红、黑表笔与氧化膜电

11、阻的两端相接，发现指针偏转的角度很小，再将选择开关旋至_(选填“1” “10”或“1k”)挡，正确操作后，多用电表示数如图乙所示(2)用伏安法测量该电阻阻值，电流表应选用_(填写器材代号)请在图丙中用笔画线代替导线，完成实物电路的连接(3)正确连接电路，闭合开关，调节滑动变阻器滑片位置，发现电压表指针偏转而电流表指针始终不偏转在不断开电路的情况下，使用多用电表直流电压挡检查电路故障，将多用电表的_(选填“红”或“黑”)表笔与电流表“”接线柱保持接触，另一表笔依次与氧化膜电阻的左、右接线柱以及滑动变阻器的左上接线柱接触，发现多用电表指针均发生较大角度的偏转，说明电路在何处发生何种故障？_.答案

12、(1)1k (2)A 1 如图所示(3)黑 电流表“”与氧化膜电阻的左接线柱间的连接发生断路10(2018江苏百校 12 月大联考)为了“测定某电池的电动势和内阻” ，设计了如图 12 甲所示的电路；(1)根据图甲电路，请在图乙中用笔画线代替导线，连接好实物图；7图 12(2)先将滑动变阻器的滑片 P 调到_(填“ a”或“ b”)端；再将 S2接到图甲中的 1 位置；合上开关 S1，滑动滑片 P，记录多组电压表和电流表的示数，作出 U I 图象，为图丙中一直线 A 或 B，则电池内阻的测量值_(填“大于” “小于”或“等于”)真实值(3)为了准确地测出该电池的电动势和内阻，将 S2接到图甲中的 2 位置，重复(2)中的过程，作出 U I 图象，为图丙中一直线 A 或 B.已知直线 A、 B 与两轴的截距分别为UA、 IA、 UB、 IB，则该电池电动势的真实值为_，内阻的真实值为_答案 (1)如图所示(2)a 小于 (3) UA UAIB