天津市2018_2019学年高二物理上学期期末预测试题（含解析）.doc

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1、1天津市 2018-2019 学年高二物理上学期期末预测试题（含解析）一、单选题1.一只小船渡河，运动轨迹如图所示水流速度各处相同且恒定不变，方向平行于岸边；小船相对于静水分别做匀加速、匀减速、匀速直线运动，船相对于静水的初速度大小均相同，方向垂直于岸边，且船在渡河过程中船头方向始终不变由此可以确定船（ ） A. 沿 AD 轨迹运动时，船相对于静水做匀减速直线运动B. 沿三条不同路径渡河的时间相同C. 沿 AB 轨迹渡河所用的时间最短D. 沿 AC 轨迹船到达对岸的速度最小【答案】A【解析】当沿 AD 轨迹运动时，则加速度方向与船在静水中的速度方向相反，因此船相对于水做匀减速直线运动，故 A

2、错误；船相对于水的初速度大小均相同，方向垂直于岸边，因运动的性质不同，则渡河时间也不同，故 B 错误；船相对于水的初速度大小均相同，方向垂直于岸边，由于 AC 轨迹船相对于静水沿 v0方向做匀加速运动， AB 轨迹船相对于静水沿 v0方向做匀速运动， AD 轨迹船相对于静水沿 v0方向做匀减速运动，故沿三条不同路径渡河的时间不同，沿 AC 轨迹渡河所用的时间最短，故 BCD 错误。所以 A 正确，BCD 错误。2.如图所示，一个内壁光滑的圆锥形筒固定不动且轴线竖直，两个质量相同的球甲、乙紧贴着内壁，分别在图中所示的水平面内做匀速圆周运动，半径 R 甲 R 乙 ，则（ ）A. 角速度 甲 乙 B

3、. 对筒壁的弹力 N 甲 N 乙C. 加速度 a 甲 a 乙 D. 线速度 v 甲 v 乙【答案】D【解析】2【详解】A. 两球所受的重力大小相等，根据力的合成，知两支持力大小、合力大小相等。合力沿水平方向，提供向心力。根据 F 合 =mr 2，得：= ，r 大则角速度小。所以球甲F合mr的角速度小于球乙的角速度。故 A 错误，B 错误；C. 根据 F=ma 可知，由于合力相同，故向心加速度相同，故 C 错误；D.根据 F 合 =m ，得 v= ，合力、质量相等， r 大线速度大，所以球甲的线速度大于球乙v2r F合 rm的线速度。故 D 正确。故选：D【点睛】小球受重力和支持力，靠重力和支持

4、力的合力提供圆周运动的向心力，根据 F 合=ma=m =m 2r 比较线速度、角速度、向心加速度的大小。v2r3.有 a、 b、 c、 d 四颗地球卫星， a 还未发射，在赤道表面上， b 是近地轨道卫星， c 是地球同步卫星， d 是高空探测卫星，它们均做匀速圆周运动，各卫星排列位置如图所示，则( )A. 在相同时间内 b 转过的弧长最长B. a 的向心加速度等于重力加速度 gC. c 在 4 小时内转过的圆心角是6D. d 的运动周期有可能是 20 小时【答案】A【解析】【详解】根据万有引力提供向心力： ，解得： ，则知卫星的轨道半径越GMmr2=mv2r v= GMr大，线速度越小，所以

5、 b 的线速度最大，在相同时间内转过的弧长最长，故 A 正确；地球同步卫星的角速度与地球自转的角速度相同，则知 a 与 c 的角速度相同，根据 a= 2r 知，c 的向心加速度大。根据 ，可得： ，可知卫星的轨道半径越大，向心加速GMmr2=mg g=GMr2度越小，则地球同步卫星 c 的向心加速度小于 b 的向心加速度，而 b 的向心加速度约为g，故 a 的向心加速度小于重力加速度 g，故 B 错误； c 是地球同步卫星，周期是 24h，则3c 在 4h 内转过的圆心角是 ，故 C 错误；由开普勒第三定律 ，知卫星的轨道4h242=3 R3T2=k半径越大，周期越大，所以 d 的运动周期大于

6、 c 的周期 24h，故 D 错误。所以 A 正确，BCD错误。4.许多科学家对物理学的发展有巨大贡献，也创造出了许多物理学方法，下列关于物理学史的叙述正确的是A. 伽利略通过“理想实验”得出“自由落体运动与物体的质量无关”的规律B. 卡文迪许在实验室里通过几个铅球间万有引力的测量，得出了引力常量的数值C. 开普勒指出，地球绕太阳运动是因为受到来自太阳的引力D. 牛顿通过比较月球公转的向心加速度和地球赤道上物体随地球自转的向心加速度，对万有引力定律进行了“月地检验”【答案】B【解析】【详解】A：伽利略通过抽象思维、数学推导和科学实验相结合的方法，得出“自由落体运动与物体的质量无关”的规律；伽利

7、略通过“理想斜面实验”得到结论：一切运动着的物体在没有受到阻力作用的时候，它的速度不变，并且一直运动下去。故 A 项错误。B：卡文迪许在实验室里用扭秤实验通过几个铅球间万有引力的测量，得出了引力常量的数值。故 B 项正确。C：牛顿认为，地球绕太阳运动是因为受到来自太阳的引力；开普勒总结出了行星运动的规律，并没有解释行星为什么这样运动。故 C 项错误。D：牛顿通过比较月球绕地球做近似圆周运动的向心加速度和地面重力加速度，对万有引力定律进行了“月地检验” 。故 D 项错误。【点睛】知道物理学史，知道物理学家在对应科学研究中的主要步骤、采用的物理方法和实验结论。5.2018 年 10 月 15 日，

8、我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭，以“一箭双星”方式成功发射第三十九、四十颗北斗导航卫星。若其中一颗卫星入轨后绕地球做匀速圆周运动，其轨道半径为 r，周期为 T，地球的半径为 R，则地球的第一宇宙速度为A. B. C. D. 2RT 42r3T2R 42R3T2r 22r3T2R【答案】B【解析】4【详解】根据其中一颗卫星入轨后绕地球做匀速圆周运动，则有： ，当某一卫GMmr2=m42T2r星的轨道半径为地球半径 R 时，其线速度为第一宇宙速度，则有： ，联立解得：GMmR2=mv2R，故选 B。v= 42r3T2R6.如图所示为某电子元器件的工作原理示意图，在外界磁场的作用下，当存

9、在 AB 方向流动的电流时，电子元器件 CD 两侧面会形成电势差 UCD，下列说法中正确的是（ ）A. 若在 AB 方向上通以由 A 向 B 运动的粒子流，带正电粒子会在 C 板聚集B. 当增大 AB 方向的电流 I 时， C、D 两面的电势差会减小C. 电子元器件 C 端电势低于 D 端电势D. 电势差 UCD的大小仅与电子元器件的制造材料有关【答案】C【解析】【详解】若在 AB 方向上通以由 A 向 B 运动的粒子流，根据左手定则可知，带正电粒子会在D 板聚集，电子元器件 D 端电势高于 C 端电势，选项 A 错误，C 正确；随着粒子的不断积聚，当平衡时满足： ，则 ，则当增大 AB 方向

10、的电流 I 时，粒子运动的速率UCDdq=Bqv UCD=Bvdv 增加，则 C、D 两面的电势差会增加，选项 B 错误；由 可知，电势差 UCD的大UCD=Bvd小不只与电子元器件的制造材料有关，选项 D 错误；故选 C.7.如图，直角坐标 xOy 平面内，有一半径为 R 的圆形匀强磁场区域，磁感应强度的大小为B，方向垂直于纸面向里，边界与 x、 y 轴分别相切于 a、 b 两点。一质量为 m，电荷量为 q的带电粒子从 b 点沿平行于 x 轴正方向进入磁场区域，离开磁场后做直线运动，经过 x 轴时速度方向与 x 轴正方向的夹角为 60，下列判断正确的是( )5A. 粒子带正电 B. 粒子在磁

11、场中运动的轨道半径为 RC. 粒子运动的速率为 D. 粒子在磁场中运动的时间为3qBRm m6qB【答案】C【解析】【详解】粒子的轨迹如图所示，向上或向下偏转，都有速度方向与 x 正方向夹角为 60的情况，所以粒子可以带正电，也可以带负电，根据几何知识可得 ，解得 ，tan30=Rr r=3R故根据 可得粒子运动的速率为 ，从图中可知粒子轨迹所对圆心角为 60，故r=mvBq v=3qBRm粒子在磁场中运动的时间为 ，C 正确t=603602mBq=m3Bq【点睛】带电粒子在匀强磁场中运动时，洛伦兹力充当向心力，从而得出半径公式 ，周期公式 ，运动时间公式 ，知道R=mvBq T=2mBq t

12、=2T粒子在磁场中运动半径和速度有关，运动周期和速度无关，画轨迹，定圆心，找半径，结合几何知识分析解题8.如图所示，三根相互平行的固定长直导线 L1、L 2和 L3两两等距，通过 L1、L 2中的电流相同，L 1、L 2中的电流方向垂直纸面向里，L 3中的电流方向垂直纸面向外，在三根导线与纸6面的交点所构成的等边三角形的中心上放有一电流方向垂直纸面向外的通电长直导线，则该导线受到的安培力的方向为A. 指向 L1 B. 指向 L2C. 指向 L3 D. 背离 L3【答案】C【解析】【详解】因同向电流之间相互吸引，异向电流之间相互排斥，可知 L3对等边三角形的中心上的导线是吸引力，方向指向 L3；

13、而导线 L1和 L2对等边三角形的中心上的导线都是斥力，因大小相等且互成 1200角，则其合力方向指向 L3，则三条导线对等边三角形的中心上的导线的安培力的合力方向指向 L3，故选 C.9.物理研究中，粒子回旋加速器起着重要作用，下左图为它的示意图。它由两个铝制的 D形盒组成，两个 D 形盒正中间开有一条狭缝。两个 D 形盒处在匀强磁场中并接有高频交变电压。右图为俯视图，在 D 形盒上半面中心 S 处有一正粒子源，它发出的正粒子，经狭缝电压加速后，进入 D 形盒中。在磁场力的作用下运动半周，再经狭缝电压加速。如此周而复始，最后到达 D 形盒的边缘，获得最大速度，由导出装置导出。己知正离子电荷量

14、为q，质量为 m，加速时电极间电压大小为 U，磁场的磁感应强度大小为 B，D 形盒的半径为R。每次加速的时间极短，可忽略不计。正粒子从离子源出发时的初速度为零，不计粒子所受重力。则（ ）A. 高频交变电压变化的周期为mBqB. 粒子可能获得的最大动能为BqR2m7C. 粒子第 1 次与第 n 次在下半盒中运动的轨道半径之比为 1: 2n1D. 粒子在回旋加速器中的总的时间为BR22U【答案】C【解析】加速电场变化的周期与粒子在磁场中运动周期相等，则有： ，故 A 错误；粒子在磁T=2mqB场中做匀速圆周运动，则有 ，解得 ，粒子获得的最大动能qvmB=mv2mR vm=BqRm，故 B 错误；

15、粒子在电场中第一次加速，则有 ，解得 ，Ekm=12mv2m=q2B2R22m qU=12mv21 v1= 2qUm则粒子以 第一次在下半盒中运动，根据 ，解得 ；粒子在第 n 次v1 qv1B=mv21R1 R1=mv1Bq=1B2mUq进入下半盒运动前，已在电场中加速了（2n-1）次，则有 ，解得(2n1)qU=12mv2n，则半径为 ，故半径之比为 ，故 C 正确；粒子在vn=2(2n1)qUm Rn=mvnBq=1B2(2n1)mUq R1Rn= 12n1加速器中运动的总时间为 ，故 D 错误；选 C.t=nT=qB2R24mU2mqB=R2B2U【点睛】粒子先在电场中加速，然后进入磁

16、场，做匀速圆周运动，半圆周后后，粒子再次进入电场，此时电源交换电极，粒子继续加速 10.一长直铁芯上绕有线圈 P，将一单匝线圈 Q 用一轻质绝缘丝线悬挂在 P 的左端，线圈 P的中轴线通过线圈 Q 的中心，且与线圈 Q 所在的平面垂直。将线圈 P 连接在如图所示的电路中，其中 R 为滑动变阻器， E 为直流电源，S 为开关。下列情况中，可观测到 Q 向左摆动的是A. S 闭合的瞬间B. S 断开的瞬间C. 在 S 闭合的情况下，将 R 的滑片向 a 端移动时D. 在 S 闭合的情况下，保持电阻 R 的阻值不变8【答案】A【解析】A：S 闭合的瞬间，线圈 P 中电流由无到有，产生的磁场从无到有，

17、线圈 Q 中磁通量从无到有，线圈 Q 中磁通量增加，根据楞次定律，线圈 Q 的运动将阻碍磁通量的增大，则线圈 Q将向左运动远离线圈 P。故 A 项正确。B：S 断开的瞬间，线圈 P 中电流由有到无，产生的磁场由有到无，线圈 Q 中磁通量由有到无，线圈 Q 中磁通量减小，根据楞次定律，线圈 Q 的运动将阻碍磁通量的减小，则线圈 Q将向右运动靠近线圈 P。故 B 项错误。C：在 S 闭合的情况下，将 R 的滑片向 a 端移动时，滑动变阻器接入电路电阻增大，线圈 P中电流减小，产生的磁场变弱，线圈 Q 中磁通量减小，根据楞次定律，线圈 Q 的运动将阻碍磁通量的减小，则线圈 Q 将向右运动靠近线圈 P

18、。故 C 项错误。D：在 S 闭合的情况下，保持电阻 R 的阻值不变，线圈 P 中电流不变，产生的磁场不变，线圈 Q 中磁通量不变，线圈 Q 中不产生感应电流，线圈 Q 不受磁场力，线圈 Q 不动。故 D 项错误。11.A 和 B 是两个大小相同的环形线圈，将两线圈平行共轴放置，如图所示，当线圈 A 中的电流 I1随时间变化的 I1-t 图象如图所示时，并规定电流方向如图中所示方向为正方向，则线圈 B 中的电流 I2随时间 t 变化的图象是（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【详解】开始时，A 中的电流向负方向减小，根据楞次定律可知，在线圈 B 中产生与 A 同9向的电流（负方向）

19、 ，因 A 中电流的变化率减小，则 B 中产生的感应电流减小；然后 A 中的电流变为正向增加，根据楞次定律可知，B 中产生的感应电流方向与 A 中电流反向（负方向） ，且由于 A 中电流的的变化率减小，则 B 中的感应电流减小；则图像 D 正确，ABC 错误；故选 D.12.小型发电站为某村寨 110 户家庭供电，输电原理如图所示，图中的变压器均为理想变压器，其中降压变压器的匝数比 n3：n 450：1，输电线的总电阻 R10。某时段全村平均每户用电的功率为 200W，该时段降压变压器的输出电压为 220V。则此时段( )A. 发电机的输出功率为 22kWB. 降压变压器的输入电压为 11kV

20、C. 输电线的电流为 1100AD. 输电线上损失的功率约为 8.26W【答案】B【解析】用户总功率为 ，加上输电线上消耗的电功率，所以发电机的P=110200=22000=22kW输出功率应大于 22kW，A 错误；降压变压器的输出电压为 220V，即 ，所以根据U4=220V可得降压变压器的输入电压 ，B 正确；用户端总电流为n3n4=U3U4 U4=50220=11000V=11kV，根据 所以输电线中的电流为 ，输电线上损失的功率约为I4=PU4=22000220=100A n3n4=I4I3 I3=2A，CD 错误P=I23R=2210=40W【点睛】解决本题的关键知道：1、变压器原

21、副线圈的电压比、电流比与匝数比的关系；2、知道升压变压器的输出电压、电压损失、降压变压器的输入电压之间的关系13.如图所示电路中，L 为一自感线圈，两支路直流电阻相等，则 （ ）A. 闭合开关 S 时，稳定前电流表 A1的示数大于电流表 A2 的示数10B. 闭合开关 S 时，稳定前电流表 A1的示数等于电流表 A2的示数C. 闭合开关 S 时，稳定前电流表 A1的示数小于电流表 A2的示数D. 断开开关 S 时，稳定前电流表 A1的示数小于电流表 A2的示数【答案】CD【解析】分析：电路中有线圈，当通过线圈的电流发生变化时会产生感应电动势去阻碍线圈中电流变化解答：解：闭合开关 S 时，导致线

22、圈中电流增加，则产生反感电动势，从而阻碍电流的增加，所以稳定前电流表 A1的示数大于 A2的示数故 AB 错误 C 正确；断开开关 S 时，导致线圈中电流减小，则产生反感电动势，从而阻碍电流的减小，则线圈与电阻串联构成一个新电路，所以稳定前电流表 A1的示数仍等于 A2的示数故 D 正确；故选：CD点评：线圈电流增加，相当于一个瞬间电源接入电路，线圈左端是电源正极当电流减小时，相当于一个瞬间电源，线圈左端是电源负极14.下列关于生活中的物理现象，说法正确的是（ ）A. 电磁炉对于锅具材质要求不高，铁锅、铝锅或者陶瓷锅均可正常使用B. 灵敏电流表在运输时总要用导体把正负接线柱连起来是为了避免指针

23、因剧烈摆动而损坏C. 利用霍尔元件能够把电压这个电学量转换为磁感应强度这个磁学量的特性，可以制出测磁感应强度大小的仪器D. 用家用电饭煲烧水，水沸腾后也可以自动进入保温状态【答案】B【解析】【详解】A、根据电磁工作原理,变化的电磁场中,炉陶瓷锅不能正常使用,故 A 错误;B、将两个接线柱连接起来,从而形成闭合电路,当因晃动,导致线圈切割磁感线,从而产生感应电流,出现安培阻力,进而阻碍其运动,是利用电磁阻尼原理减弱表针的摆动,进而保护表针不被损坏,所以 B 选项是正确的;C、霍尔元件能够把磁学量转换为电学量,故 C 错误;D、家用电饭煲烧水,水沸腾后,不会自动进入保温状态,只有当温度达到 时,才

24、会进入103C保温状态,故 D 错误;故选 B11二、实验题15.一灵敏电流计（电流表） ，当电流从它的正接线柱流入时，指针向正接线柱一侧偏转现把它与一个线圈串联，就如图中各图指出：图（a）中灵敏电流计指针的偏转方向为_（填“偏向正极”或“偏向负极” ） 。图（b）中磁铁下方的极性是_（填“N 极”或“S 极” ） 。【答案】 (1). 偏向正极 (2). S 极【解析】【分析】根据磁铁的运动方向分析磁通量变化，由楞次定律确定感应电流方向，结合题给条件：当电流从它的正接线柱流入时，指针向正接线柱一侧偏转判断指针偏转方向分析判断；【详解】磁铁向下运动，穿过线圈的磁通量增加，原磁场方向向下，根据楞

25、次定律感应电流方向俯视为逆时针方向，从正接线柱流入电流计，指针偏向正极；b 图电流从负接线柱流入电流计，根据安培定则，感应电流的磁场方向向下，又磁通量增加，根据楞次定律可知，磁铁下方为 S 极16.描绘平抛运动轨迹的实验装置示意如图。为了保证实验准确，在实验过程中必须采取下列哪些步骤_。A. 斜槽末端的切线必须水平12B. 入射小球每次应从斜槽上的同一位置由静止开始释放C. 在斜槽末端悬挂重锤以确定竖直方向D. 固定白纸的木板可以倾斜放置上图曲线是某位同学描绘出的小球做平抛运动的轨迹，图中坐标纸上的小方格每边长均为5cm，重力加速度取 9.8m/s2，则小球做平抛运动的初速度为_ms。 （结果

26、保留两位有效数字）【答案】 (1). ABC (2). 1.4【解析】（1）通过调节使斜槽末端保持水平，是为了保证小球做平抛运动，故 A 正确；因为要画同一运动的轨迹，必须每次释放小球的位置相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速度，故 B 正确；在斜槽末端悬挂重锤以确定竖直方向，故 C 正确；因平抛运动的竖直分运动是自由落体运动，在相同时间里，位移越来越大，因此木条（或凹槽）下降的距离不应是等距的，故 D 错误；固定白纸的木板要竖直放置，避免因摩擦而使运动轨迹改变，最后轨迹应连成平滑的曲线，故 D 错误。所以 ABC 正确，D 错误。（2）选取水平间隔相同的两点，所以时间间隔相同，根据公式

27、h=gt2 得： ，水平t=2lg方向上有： x=3l=v0t，联立并代入数据解得： v0=1.4m/s。三、解答题17.如图所示，小球沿水平面通过 O 点进入半径为 R 的半圆弧轨道后恰能通过最高点 P，然后落回水平面不计一切阻力，求：(1)小球经过 P 点时速度的大小？(2)小球落地点到 O 点的水平距离为多少？【答案】(1) (2) v=gR x=2R【解析】【分析】小球恰能通过最高点 P，知在 P 点靠重力提供向心力，根据牛顿第二定律求出在 P 点的速度大小，结合平抛运动的规律求出水平距离。13【详解】 （1）在最高点 P，根据牛顿第二定律得： mg=mv2PR解得： vP=gR（2）

28、小球离开最高点后做平抛运动： 2R=12gt2水平距离为： x=vPt联立以上解得： x=2R【点睛】本题考查综合运用平抛运动规律和向心力知识的能力.18.2010 年 10 月我国“嫦娥二号”探月卫星成功发射 “嫦娥二号”卫星开始绕地球做椭圆轨道运动，经过若干次变轨、制动后，最终使它绕月球在一个圆轨道上运行设“嫦娥二号”距月球表面的高度为 h，绕月圆周运动的周期为 T已知月球半径为 R，引力常量为G（1）求月球的质量 M（2）求月球的密度 【答案】 （1） （2）42(R+h)3GT2 3(R+h)3GT2R3【解析】【分析】（1）研究“嫦娥一号”绕月球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力

29、，列出等式求出中心体的质量（2）根据密度的公式进行求解【详解】 （1）设卫星质量为 m，由万有引力定律及向心力公式知： GMm(R+h)2=m42T2(R+h)解得： ； M=42(R+h)3GT2（2）月球的体积为： V=43R3根据密度的定义有： =MV得月球的密度为： 。=3(R+h)3GT2R3【点睛】本题考查了运用万有引力提供向心力列出等式，向心力的公式选取要根据题目提供的已知物理量或所求解的物理量选取应用。1419.如图所示，一足够长的矩形区域 abcd 内充满方向垂直纸面向里的、磁感应强度为 B 的匀强磁场，在 ad 边中点 O，方向垂直磁场向里射入一速度方向跟 ad 边夹角 =

30、30 、大小为 v0（未知量）的带正电粒子，己知粒子质量为 m，电量为 q，ad 边长为 L,ab 边足够长，粒子重力不计，求：(1)若粒子恰好不能从磁场下边界射出，求粒子的入射速度大小 V01;(2)若粒子恰好沿磁场上边界切线射出，求粒子的入射速度大小 V02。(3)若带电粒子的速度 v0大小可取任意值，求粒子在磁场中运动的最长时间。【答案】 (1)v01=BqLm (2)v02=BqL3m(3)5m3Bq【解析】试题分析：（1） （2）粒子在磁场中做匀速圆周运动，当其轨迹恰好与 ab 边相切时，轨迹半径最小，对应的速度最小当其轨迹恰好与 cd 边相切时，轨迹半径最大，对应的速度最大，由几何

31、知识求出对应的半径，根据洛伦兹力提供向心力求出对应的速度 （3）粒子轨迹所对圆心最大时，在磁场中运动的最长时间当其轨迹恰好与 ab 边相切或轨迹更小时，时间最长，求出圆心角，再求时间（1）和（2）两和临界情况的运动轨迹如图所示若粒子速度为 ，则 ，解得：v0 qv0B=mv20R v0=qBRm设圆心在 处对应圆弧与 cd 边相切，相应速度为O1 v01由几何关系得： R1R1sin=L215解得： R1=L则有： v01=qBR1m=qBLm设圆心在 处对应圆弧与 ab 边相切，相应速度为 O2 v02由几何关系得： R2+R2sin=L2解得： R2=L3则有： v02=qBR1m=qBL

32、3m（3）由 和 可知，粒子在磁场中经过的弧所对的圆心角 越长，在磁场中运动t=2T T=2mqB 的时间也越长在磁场中运动的半径 时，运动时间最长rR1则圆弧所对圆心角为 =(22)=53所以最长时间为 t=2T=5322mqB=5m3qB20.如图甲所示，两根间距 L=1.0m、电阻不计的足够长平行金属导轨 ab、 cd 水平放置，一端与阻值 R=2.0 的电阻相连，质量 m=0.2kg 的导体棒 ef 在恒定外力 F 作用下由静止开始运动，已知导体棒与两根导轨间的最大静摩擦力和滑动摩擦力均为 f=1.0N，导体棒电阻为r=1.0，整个装置处于垂直于导轨平面向上的匀强磁场 B 中，导体棒运

33、动过程中加速度 a与速度 v 的关系如图乙所示（取 g=10m/s2） ，求：（1）拉力 F 的大小；（2）磁场的磁感应强度 B 大小；（3）若 ef 棒由开始运动 6.9m 时，速度达到 3m/s，求此过程中电路产生的焦耳热.【答案】 （1）2N（2）1T（3）6J【解析】（1）由图可知：导体棒开始运动时加速度 ，初速度 v0=0，导体棒中无电流。a1=5m/s216由牛顿第二定律知： Ff=ma1解得： ；F=2N（2）当导体棒速度为 v 时，导体棒上的电动势为 E，电路中的电流为 I.由法拉第电磁感应定律： ，E=BLv由欧姆定律： ，I=ER+r导体棒所受安培力 ，F安 =BIL由图可

34、知：当导体棒的加速度 a=0 时，开始以 v=3m/s 做匀速运动，此时有： ，FfF安 =0解得： ；B=1T（3）设 ef 棒此过程中，产生的热量为 Q，由功能关系知： ，(Ff)s=Q+12mv2带人数据解得 。Q=6J21.如图所示，线圈 abcd 的面积是 0.1，共 50 匝，电阻忽略不计，外接电阻 R=20，匀强磁场的磁感应强度 ，线圈以 的角速度绕垂直于磁场的轴匀速转动。B=1T =20rad/s（1）求线圈中感应电动势的最大值；（2）若从线圈平面与磁场垂直的位置开始计时，写出线圈中感应电动势的瞬时表达式；（3）求电阻 R 消耗的功率。【答案】 （1）100V； （2） ； （3）250W；e=100sin(20t)V【解析】（1）感应电动势最大值为 ，解得 ；Em=NBS Em=100V（2）感应电动势瞬时值表达式为 ，代入数据可得 ；e=Emsint e=100sin(20t)V（3）电路中电压表的有效值为 U=Em2=502V17电阻 R 消耗的功率 ；P=U2R=250W18