云南省曲靖市沾益县第四中学2018_2019学年高一物理上学期期末考试试题（含解析）.doc

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1、1曲靖市沾益区第四中学 20182019 学年上学期期末检测高一物理试卷一、选择题（本题包括 12 小题。每小题 4 分，共 48 分。其中 1-8 为单项选择 9-12 为多项选择，多项选择题全部选对的得 4 分，选对但不全得 2 分，有选错或不答的得 0 分）1.如图所示，一个空心均匀球壳里面注满水，球的正下方有一小孔，在水由小孔缓慢流出的过程中，空心球壳和水的共同重心将会（ ）A. 先降低后升高B. 一直上升C. 先升高后降低D. 一直下降【答案】A【解析】【分析】注意重心的位置与物体的质量分布和形状有关，在水从小孔不断流出的过程中，容器和水的整体的重心将先下降，当水流完后，重心又上升【

2、详解】装满水时重心在球心处，随着水从小孔不断流出，重心位置不断下降，当水流完后，重心又上升到球心处，故重心的位置先下降后上升，故 BCD 错误，A 正确。故选 A。2.下列关于加速度的说法，正确的是：( )A. 物体的速度越大，加速度也就越大B. 物体的速度为零，加速度也一定为零C. 物体的加速度大小等于速度的变化量与时间的比值D. 物体加速度的方向和速度的方向总是一致【答案】CD2【解析】试题分析：速度是描述物体运动快慢的物理量，而加速度是描述速度变化快慢的物理量，如果物体运动的很快，但是速度不变，则加速度为零，故选项 A 错误；加速度由物体所受的合力和物体的质量共同决定，如果合力不为零则加

3、速度不为零，与速度无关，故选项 B错误；加速度是描述速度变化快慢的物理量，等于速度的变化量与时间的比值，故 C 正确；物体的加速度的方向和速度变化的方向相同，与速度的方向无直接关系，故 D 错误。考点：加速度【名师点睛】本题考查加速度，根据加速度的定义式 可知物体的加速度等于物体的a=vt速度的变化率，加速度的方向就是物体速度变化量的方向，与物体速度的大小方向无关，即物体的速度变化越快物体的加速度越大。3.设有 5 个力同时作用于质点 O，它们的大小和方向相当于正六边形的两条边和三条对角线，如图所示，则这 5 个力的合力等于其中最小力的（ ）A. 3 倍 B. 4 倍 C. 5 倍 D. 6

4、倍【答案】D【解析】先确定角的大小：因为图形是正六边形，所以1=120，各个定点是圆上的点，所以2=90，3=30即：三角形 PCB 为直角三角形且CBP=30选 F2与 F5合成，合成后的合力大小为 F3=2F5选 F1与 F4合成，合成后的合力大小为 F3=2F1又：F 5与 F1都是一条边，所以：F 5=F1所以总的合力为：3F 3=6F1 故：合力为最小力的 6 倍4.如图，一木块放在水平面上，在水平方向共受到三个力即 F1、 F2和静摩擦力作用，三个3力的合力为零，其中 F1=10N， F2=2N，若撤去力 F1,则木块在水平方向受到的合力为：（ ）A. 10N, 方向向左B. 6N

5、，方向向右C. 2N，方向向左D. 零【答案】D【解析】因原来 F1 =“ 10“ N， F 2 = 2N 这两个力的合力为 8N，说明物体所受最大静摩擦力不小于8N，当撤去力 F1后，物体受到 2N 的静摩擦力，则木块仍静止，合外力为零，D 正确。5.如图所示是 A、 B 两运动物体的位移图象，下述说法中正确的是( )A. A、 B 两物体开始时相距 100m，运动方向相同B. B 物体做匀速直线运动，速度大小为 20m/sC. A、 B 两物体运动 8s 时，在距 A 的出发点 60m 处相遇D. A 物体在运动中停了 6s【答案】C【解析】A：A 从坐标原点开始运动，运动方向沿规定的正方

6、向；B 从 处开始运动，运动方x=100m向与规定的正方向相反。则 A、 B 两物体开始时相距 100 m，运动方向相反。故 A 项错误。B：B 的位置随时间均匀变化，B 物体做匀速直线运动；位移时间图象斜率的绝对值表示速度的大小，则 B 物体速度的大小 。故 B 项错误。v=|xt|=1006080m/s=5m/sC：位移时间图象的交点表示相同时刻出现在同一位置即相遇，由图象交点可得： A、 B 两物体运动 8 s 时，在距 A 的出发点 60 m 处相遇。故 C 项正确。4D：A 物体在 26s 过程中位置不变处于静止状态， A 物体在运动中停了 4s。故 D 项错误。点睛：图象类题目要理

7、解图象横纵坐标、截距、斜率、交点、图象与坐标轴围成的面积等对应的物理意义。6.如图所示，甲为杂技表演的安全网示意图，网绳的结构为正方格形， O， a， b， c， d，为网绳的结点，安全网水平张紧后，若质量为 m 的演员从高处落下，并恰好落在 O 点上，该处下凹最低点时，网绳 dOe， bOg 均为 120向上的张角，如图乙所示，此时 O 点受到的向下的冲击力大小为 F，则这时 O 点周围每根网绳受承的力的大小为( )A. F B. F/2 C. F+mg D. (F+mg)/2【答案】B【解析】【详解】因四根绳的合力应为 F；而绳受力后成 120，作出平行四边形，由几何关系可知：每两根绳子的

8、合力为 F/2 时，两分力也为 F/2；故每根绳承受的力大小为 F/2； 故选 B。7.物体的位移与时间的函数式是 s=2t(1+t)，则它的初速度和加速度大小分别是（ ）A. 4m/s，4m/s 2 B. 2m/s，2m/s 2 C. 2m/s，1m/s 2 D. 2m/s，4m/s 2【答案】D【解析】【详解】根据匀变速直线运动的位移时间关系公式 x=v0t+ at2，可知：v 0=2m/s， a=2，得：a=4m/s2，故选 D。8.甲、乙两物体间的作用力 F 随它们间距 r 变化的情况如图所示，规定相互作用的斥力为正，引力为负.现固定甲物体，让乙物体在远处（ r r2） c 以一定的初

9、速度向甲物体运动，下列关于乙物体的运动情况的描述正确的是:（ ）5A. 乙物体先做匀加速运动，后做匀减速运动B. 乙物体先做匀减速运动，后做匀加速运动C. 乙物体先做匀速运动，后做匀减速运动，再做匀加速运动D. 乙物体先做匀速运动，后做匀加速运动，再做匀减速运动【答案】D【解析】【分析】根据乙球的受力得出合力的方向，根据牛顿第二定律得出加速度的方向，结合加速度方向与速度方向的关系判断小球的运动规律【详解】乙物体在远处（rr 2）c 以一定的初速度向甲物体运动，开始不受作用力，做匀速运动，当 r1rr 2时，乙球受到引力作用，引力大小恒定，则加速度恒定，做匀加速直线运动，当 rr 1，乙球受到斥

10、力作用，斥力大小恒定，则加速度恒定，做匀减速直线运动。故 D 正确，ABC 错误。故选 D。【点睛】解决本题的关键知道加速度的方向与合力的方向相同，当加速度方向与速度方向相同，小球做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，小球做减速运动9.一人站在升降机内的体重计上,他发现体重计的读数突然减小了,下列说法正确的是: （ ）A. 升降机可能加速上升B. 人处于超重状态C. 升降机可能加速下降D. 人处于失重状态【答案】CD【解析】【分析】对重物受力分析，根据牛顿第二定律得出重物的加速度方向，从而得出电梯的加速度方向，从而判断出电梯的运动规律【详解】因体重计的读数减小了，人受到的支持力小于重力，人处

11、于失重状态，由牛顿第6二定律可知，人具有向下的加速度；故人可能向下加速或向上减速；故 CD 正确，AB 错误。故选 CD。【点睛】解决本题的关键知道重物和电梯具有相同的加速度，根据牛顿第二定律进行分析，通过加速度判断电梯的运动情况明确物体处于失重状态或超重状态时，重力并不会发生变化10.如图所示，轻质弹簧上端与质量为 m 的木块 1 相连，下端与另一质量为 M 的木块 2 相连，整个系统置于水平放置的光滑木板上，并处于静止状态现将木板沿水平方向突然抽出，设抽出后的瞬间，木块 1、2 的加速度大小分别为 a1、 a2，重力加速度大小为 g，则有( )A. a10 B. a1 g C. a2=0

12、D. a2=m+MMg【答案】AD【解析】【分析】通过共点力平衡求出弹簧的弹力大小，抓住抽出木板的瞬间，弹簧弹力不变，根据牛顿第二定律求出木块 1、2 的加速度【详解】对 1 分析，弹簧的弹力 F=mg撤去木板的瞬间，弹簧的弹力不变，木块 1 所受的合力仍然为零，则加速度 a1=0对木块 2，撤去木板之前木板对木块 2 的支持力为(M+m)g，撤去木板的瞬间，根据牛顿第二定律得， ，故选 AD.a2F+MgM m+MMg【点睛】本题考查了牛顿第二定律的瞬时问题，抓住瞬间弹簧的弹力不变，结合牛顿第二定律进行求解11.一根长为 L 的易断的均匀细绳，两端固定在天花板上的 A、 B 两点若在细绳的

13、C 处悬一重物，已知 AC CB，如图所示则下列说法中正确的应是( )7A. 增加重物的重力， BC 段先断B. 增加重物的重力， AC 段先断C. 将 A 端往左移比往右移时绳子容易断D. 将 A 端往右移时绳子容易断【答案】AC【解析】【分析】要判断那个先断，首先要分析两段绳子受力，首先可以肯定的是两断绳子受力不同，绳长相当于力的作用线，所以通过力的合成或分解求出绳子的拉力，这样就可以判断出来哪个力大哪个小；要将两个力合成，合力恒定，则两个分力的夹角越大，两个分力越大【详解】将 C 处重物的重力按效果进行分解如图，由于 ACBC，据几何关系得出：F BCF AC，增加砝码时，BC 先断。故

14、 A 正确，B 错误。A 端向左移，根据几何关系得：两绳夹角变大。根据平衡条件得：两绳的合力不变，由于两绳夹角变大，所以两绳的拉力变大，易断。反之，A 端向右移，不易断。故 C 正确，D 错误。故选 AC。【点睛】本题关键是对点 C 受力分析，然后根据平衡条件并运用分解法作图分析，同研究矢量三角形得到各个力的相对大小12.如图所示，一折杆固定在小车上， A ， B 端固定一个质量为 m 的小球，设小车向右的加速度为 a， AB 杆对小球的作用力大小为 F，则下列说法正确的是( )A. 当 a0 时， ，方向沿 AB 杆F=mgcosB. 当 a gtan 时， ，方向沿 AB 杆F=mgcos

15、C. 无论 a 取何值， F 都等于 ，方向都沿 AB 杆mg2+a2D. 无论 a 取何值， F 都等于 ，方向与 AB 杆所在直线无关mg2+a28【答案】BD【解析】对小球受力分析，小球一共受两个力：重力和杆对球的弹力；因为小车和球相对静止，小车有向右的加速度，小球也有向右的加速度。设弹力与竖直方向夹角为 画出小球的受力示意图如图，则：、Fcos=mg Fsin=ma解得： 、F= (mg)2+(ma)2 tan=agA：当 a0 时， 、 即力 F 的方向竖直向上。故 A 项错误。F=mg =0B：当 a gtan 时， 、 即力 F 的方向沿 AB 杆。故 B 项正确。F= (mg)

16、2+(ma)2=mgcos =CD：无论 a 取何值， F 都等于 ，方向与 a 取值大小有关与 AB 杆所在直线无关。(mg)2+(ma)2故 C 项错误，D 项正确。点睛：杆的弹力方向不一定沿杆，要根据受力分析结合平衡或牛顿运动定律等知识判断杆的弹力方向。二、填空题（本题共 2 小题，共 12 分 ）13.在国际单位制中，力学的三个基本单位是：_ 、_ 、_.【答案】 (1). 米（m） (2). 千克（kg） (3). 秒（s）.【解析】【分析】国际单位制规定了七个基本物理量分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关

17、系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位他们在国际单位制中的单位分别为米、千克、秒、开尔文、安培、坎德拉、摩尔【详解】在国际单位制中，力学的三个基本单位是：米（m） ，千克（kg） ，秒（s）.914.实验室给同学们提供了如下实验器材：滑轮小车、小木块、长木板、秒表、砝码、弹簧秤、直尺，要求同学们用它们来探究加速度与力、质量之间的关系。(1)实验中因涉及的物理量较多，须采用控制变量的方法来完成该实验，即：先保持_不变，验证物体_越小加速度越大；再保持_不变，验证物体_越大，加速度越大。(2)某同学的做法是：将长木板的一端放在小木块上构成一斜面，用小木块改变斜面的倾角，保持小车的质量不变，让小车沿

18、不同倾角的斜面由顶端无初速释放，改变斜面倾角的目的是_；(3)利用打点计时器来记录滑轮小车的运动情况.某同学得到一条用打点计时器打下的纸带，并在其上取了 O、 A、 B、 C、 D、 E、 F 共 7 个计数点（图中每相邻两个记数点间还有四个打点记时器打下的点未画出） ，打点计时器接的是 50HZ 的低压交流电源。他将一把毫米刻度尺放在纸上，其零刻度和记数点 O 对齐.下表是某同学从刻度尺上直接读取数据的记录表，其中最后两栏他未完成，请你帮他完成._,_.线段 OA AB BC CD DE EF数据（cm） 0.55 1.00 1.40 1.80由以上数据可计算出打点计时器在打 A、 B、 C

19、、 D、 E 各点时物体的速度，其中打 E 点的速度 vE=_m/s（取三位有效数字）若交流电的频率略大于 50Hz，测得的加速度比真实值_。 （填“偏小”或“偏大” ”）【答案】 (1). 合外力 (2). 质量 (3). 质量 (4). 所受合外力 (5). .改变合外力 (6). 2.25 (7). 2.50 (8). 0.238 (9). 偏小【解析】10【详解】 （1）实验中因涉及的物理量较多，须采用控制变量的方法来完成该实验，即：先保持合外力不变，验证物体质量越小加速度越大；再保持质量不变，验证物体所受合外力越大，加速度越大（2）改变斜面倾角可以改变小车所受到的合外力（3）由刻度尺

20、可读出：DE=2.25cm；EF=2.50cm；计数点间的时间间隔 t=0.02s5=0.1s；打 E 点时的速度vE=xDF2t=2.25+2.500.2102m/s=0.238m/s若交流电的频率略大于 50Hz，则打点周期小于 0.02s，计算时仍用 0.02s 来计算，根据x=aT2可知测得的加速度比真实值偏小.三、计算题（本题共 4 小题，40 分，解答应写出必要的文字说明，方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须写出数值和单位）15.质量为 m 的人站在电梯里，当电梯以加速度 a 加速上升时，求人对地板的压力 F 是多大?【答案】mg+ma【解析

21、】【分析】人和电梯具有相同的加速度，对人分析，根据牛顿第二定律求出支持力的大小，从而得出人对底部的压力【详解】根据牛顿第二定律得：N-mg=ma，解得：N=mg+ma，根据牛顿第三定律得人对地板压力为：F=mg+ma16.一个滑雪人从静止开始沿山坡滑下，山坡的倾角 30，滑雪板与雪地的动摩擦因数 ，求 10s 内滑下来的路程和 10s 末的速度大小。 （ g 取 10m /s2）0.13【答案】225m；45m/s【解析】【分析】根据牛顿第二定律求出滑雪者在斜坡上的加速度，再根据位移时间公式和速度时间公式求出 10s 内滑下来的路程和 10s 末的速度大小【详解】根据牛顿第二定律得： mgsi

22、n30 mgcos30=ma11解得 a=4.5m/s2；所以 10s 内滑下来的路程： s at2=225m；1210s 末的速度：v=at=45m/s；17.将质量为 1 千克的物体以初速度 15 m/s 从地面向上抛出设物体在整个过程中所受空气阻力的大小恒为 f=5N，求物体上升的最大高度和落回地面时的速度大小 （ g 取 10m /s2）【答案】 （1）7.5m（2）5 m/s3【解析】【分析】（1）在物体上升过程中，重力与空气阻力做负功，由动能定理列式可计算出上升的最大高度；（2）物体竖直上抛到落回地面整个过程中，重力做功为 0，只有空气阻力做负功，全程用动能定理求出物体落回地面时的

23、速度【详解】 （1）设物体上升的最大高度为 h，在物体上升过程中，重力和空气阻力做负功，由动能定理有：-mgh-fh=0- mv0212解得 h=7.5m；（2）物体竖直上抛到落回地面整个过程中，重力做功为 0，只有空气阻力做负功，对整个过程由动能定理有：-2fh= mv2 m v0212 12解得物体落回地面时的速度 v=5 m/s3【点睛】本题考查动能定理的应用，使得问题简单化，同样本题也可以利用牛顿第二定律和匀变速直线运动规律求解18.风洞实验室中可产生水平方向的、大小可调节的风力，现将一套有小球的细直杆放入风洞实验室，小球孔径略大于细杆直径，如图所示。(1)当杆在水平方向上固定时，调节

24、风力的大小，使小球在杆上做匀速运动，这时小球所受12的风力为小球所受重力的 0.5 倍，求小球与杆间的动摩擦因数。(2)保持小球所受风力不变，使杆与水平方向间夹角为 37并固定，则小球静止出发在细杆上滑下距离 15 米所需时间为多少？（sin370.6，cos370.8，g 取 10m /s2）【答案】(1) (2)t=2s=0.5【解析】【分析】（1）对小球受力分析，受重力、支持力、推力和滑动摩擦力，根据共点力平衡条件列式求解；（2）对小球受力分析，受重力、风的推力、支持力和滑动摩擦力，根据牛顿第二定律列式求解出加速度，然后根据位移时间公式求解运动时间。【详解】 （1）设小球所受的风力为 F，小球质量为 m；则 F=mg故有： = =0.5即小球与杆之间的动摩擦因数为 0.5。（2）设杆对小球的支持力为 N，摩擦力为 f，沿杆方向有：Fcos37+mgsin37-f=ma垂直于杆方向有：N+Fsin37-mgcos37=0其中：f=N 可解得：a= =0.75g=7.5m/s2根据 s= at2所以有：13