2019版高考物理二轮复习课时跟踪训练19赢取满分策略.doc

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1、1课时跟踪训练(十九) 赢取满分策略一、选择题(15 题为单项选择题，68 题为多项选择题)1(2018济宁市高三第二次模拟)以下有关近代物理内容的若干叙述中，正确的是( )A重核型变为中等质量的核之后，核子的平均质量减小B太阳辐射的能量主要来自太阳内部的裂变反应C一束光照射到某金属上不能发生光电效应，可能是因为这束光的光强太小D按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减小，原子的总能量也减小A 无论是重核裂变还是轻核聚变，反应的过程中释放能量，组成原子核的核子的平均质量均会减小，故 A正确；太阳辐射的能量主要来自太阳同倍的聚变反应，故 B错误；一束光照射

2、到某种金属上不能发生光电效应，可能是因为这束光的频率太小故 C错误按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减小，但原子的总能量增大故 D错误故选 A.2一辆汽车在平直公路上由静止开始启动，测得该汽车在启动过程中加速度随时间变化的图线如图所示，图中 a0、 t1、 t2已知，则下列说法正确的是( )A0 t2时间内汽车做匀加速直线运动B t1 t2时间内汽车所受合力对汽车做负功C t2时刻汽车的速度等于 a0t1 a0(t2 t1)12D0 t2时间内汽车的平均速度小于 a0t212D 0 t2时间内汽车从静止开始运动，先做匀加速直线运动，再做加速减小的加速

3、运动，合力对汽车做正功，A、B 错误； a t图象与坐标轴围成的面积表示速度的变化量，0 t2时间内图象面积小于 a0t1 a0(t2 t1)，C 错误；若加速度保持不变， t2时刻的速度12为 a0t2，平均速度为 a0t2，后一段时间加速度减小，则平均速度小于 a0t2，D 正确12 123(2018四川省攀枝花市高考物理三诊试卷)均匀带电的球体在球外空间产生的电场等效于电荷集中于球心处产生的电场如图所示，在半球体上均匀分布正电荷，总电荷量为 q，球半径为 R， MN为通过半球顶点与球心 O的轴线，在轴线上有 A、 B两点， A、 B关于O点对称， AB4 R.已知 A点的场强大小为 E，

4、则 B点的场强大小为( )2A. E B. E C. E D. Ekq2R2 kq2R2 kq4R2 kq4R2B 若将带电量为 2q的球面放在 O处，均匀带电的球壳在 A、 B点所产生的电场为E0 ，由题知当半球面产生的场强为 E，则 B点的场强为 E E0 E.解得2kq 2R 2 kq2R2E E，故选 B.kq2R24一颗卫星的运行轨道在地球赤道的正上方，运行方向与地球自转方向相同，轨道高度为 R.某时刻卫星恰好经过赤道上观测点正上方若地球同步卫星的轨道高度为 5.6R，角速度为 0，地球半径为 R，当该观测点恰好观测不到这颗卫星时，经历的最短时间为( )A. B.3 3.33 1 0

5、 3 2.83 1 0C. D.3 6.63 1 0 3 5.63 1 0A 以地球为参考系卫星相对观测点运动的角速度 相 卫 0，当观测点恰好观测不到卫星时，卫星相对观测点运动的角度 相 ，如图所示，地球同步卫星的角速3度与地球自转角速度相同，均为 0，地球同步卫星轨道半径为 6.6R，该卫星的轨道半径为 2R，根据 m 2r，GMmr2则有 ， 卫 0， 相 卫 0( 1) 0， t 卫 0 6.6323 3.33 3.33 3.33 ，A 正确 相 相 3 3.33 1 05如图甲所示，港口码头经常使用起重机提升货物，某次货物上升过程中的 v t图象如图乙所示，下列说法正确的是( )3A

6、 t4 s 时，货物处于超重状态B35 s 时间内，货物所受合力做的功大于零C02 s 时间内，货物所受拉力做的功大于重力做的功D02 s 时间内，拉力做正功，35 s 时间内，拉力做负功C t4 s时货物减速上升，加速度方向向下，故货物处于失重状态，A 错误.35 s时间内，货物的动能减少，根据动能定理，货物所受合力做的功小于零，B 错误.02 s时间内，货物的动能增大，货物所受拉力做的功大于重力做的功，C 正确货物上升的过程中，拉力一直做正功，D 错误6如图所示，两条足够长的平行光滑金属导轨 CH、 PQ与水平面成 角放置，两轨间距为 L，轨道电阻不计现有两根长为 L、电阻为 R、质量为

7、m的金属棒 ab和 cd放置在导轨上，其中 cd棒通过一段细线连接在与导轨共面的 O点， ab棒由静止开始沿轨道下滑，经 t时间达到速度 v0时悬挂的细线刚好断裂，此后两棒均沿导轨下滑已知重力加速度为g，匀强磁场方向垂直导轨面向下，磁感应强度大小为 B，两棒与导轨始终垂直且接触良好，则下列有关描述中正确的是( )A ab棒从开始下滑到细线断裂过程中通过 cd棒的电荷量是mv0LBB悬挂细线所能承受的最大拉力为 mgsin B2L2v02RC最后稳定时的两棒的速度差均匀增大D细线断后 cd棒做加速度逐渐减小的加速度运动，最后稳定时的加速度为 gsin BD ab棒由静止下滑切割磁感线，做加速度逐

8、渐减小的加速运动，对 ab棒由( mgsin LB)t mv0和 q t知 q ，A 错误；线刚断时通过回路的电流为 II Imgtsin mv0LB，因此细线能承受的最大拉力 FT mgsin ILB，即 FT mgsin ，B 正确；BLv02R B2L2v02R4线断后 cd棒在重力、支持力和安培力的作用下沿轨道做加速度逐渐减小的加速运动，最后稳定时回路中无电流，因此两棒同速，此时以两棒整体为对象，由 2mgsin 2 ma知a gsin ，C 错误，D 正确7如图所示， A受到沿斜面向上的拉力 F1和垂直于斜面的拉力 F2作用，正沿斜面向下运动，斜面体 B始终保持静止不动斜面体 B受到

9、地面的摩擦力向右，物块 A正在下滑时，则( )A若只撤去 F1，则 B受到地面的摩擦力变大B若只撤去 F2，则 B受到地面的摩擦力变大C若同时撤去 F1、 F2，物块 A将做减速运动D增大 F2，物块 A受到斜面的摩擦力将变大BC 若只撤去 F1，对 A与 B间的弹力、摩擦力均没有影响，而且两力方向均保持不变，所以 B受到地面的摩擦力不变，A 错误；若只撤去 F2，会导致 A与 B间的弹力、摩擦力均增加，由 Ff F N可知，两力按照相同比例增加，而且两力方向均保持不变，所以两力的水平分力差值会增加，则 B受到地面的摩擦力也会变大，B 正确；设 为斜面倾角，若 tan ，此时地面不受斜面体 B

10、的摩擦力，若 tan ，此时地面对斜面体 B有向右的静摩擦力，符合题给条件，所以物块 A正在下滑时，若同时撤去 F、 F2，物块 A将做减速运动，C 正确； F2增大会导致 A、 B之间的摩擦力减小，D 错误8光滑斜面 AB和水平传送带 BC通过一小段光滑圆弧平滑连接，此圆弧长度略去不计如图所示，现让质量为 0.2 kg的滑块(可视为质点)从高 h0.8 m的 A处由静止释放后沿斜面下滑，当传送带固定不动时，滑块恰好运动到传送带右端 C处停下已知滑块与传送带间的动摩擦因数为 0.5，取 g10 m/s2.若传送带以 v2 m/s的速率沿逆时针方向转动，滑块仍从 A处收静止释放，则下列说法正确的

11、是( )A滑块不能运动到 C处B滑块第一次从 B处运动到 C处所用的时间为 0.8 sC滑块第一次从 B处向右运动到返回 B处的过程中产生的热量为 3.6 JD滑块从传送带返回斜面上升的最大高度为 0.2 mBCD 无论传送带固定不动还是沿逆时针方向转动，滑块在传送带上第一次向右运动5过程中受力情况和运动情况均不变，滑块运动到 C处时的速度仍为零，A 错误；滑块从 A处运动到 B处，根据机械能守恒定律有 mgh mv ，得滑块到达 B处时的速度大小 v04 12 20m/s，根据动量定理有 mgt 10 mv0，得滑块第一次从 B处运动到 C处所用的时间t10.8 s，B 正确；滑块第一次从

12、B处向右运动到 C处的过程中产生的热量 Q1 mg0.4 J，总热量 Q Q1 Q23.6 J，C 正确；根据机械能守恒定律有(vt2v 02t2)mgH mv2，得滑块从传送带返回斜面上升的最大高度 H0.2 m，D 正确12二、实验题9(2018山东省青岛市高三统一质检)某同学用如图所示装置验证动量守恒定律入射球和靶球的半径相同，质量分别为 m1、 m2，平放于地面的记录纸上铺有复写纸实验时先使入射球从斜槽上固定位置 G由静止开始滚下，落到复写纸上，重复上述操作多次再把靶球放在水平槽末端，让入射球仍从位置 G由静止开始滚下，和靶球碰撞后继续向前运动落到复写纸上，重复操作多次最终记录纸上得到

13、的落点痕迹如图乙所示(1)关于本实验下列说法正确的是_A需要用游标卡尺测量两小球的直径B应使 m1m2C实验中记录纸上铺的复写纸的位置可以移动D斜槽要固定好，末端切线不需要调节水平(2)请你叙述确定落点平均位置的办法： _.(3)按照本实验方法，该同学确定了落地点的平均位置 P、 Q、 R并测出了 OP、 PQ、 QR间的距离分别为 x1、 x2、 x3，则验证动量守恒定律的表达式是_解析 (1)A：本实验中两小球的直径要相同即可，不需要测量小球的直径故 A项错误B：要碰后入射球不反弹，则入射球的质量大于靶球的质量，即 m1m2.故 B项正确C：实验中记录纸上铺的复写纸的作用是描绘落点的位置，

14、则复写纸的位置可以移动故 C项正确D：斜槽要固定好，末端切线需要调节水平，才能使小球做平抛运动故D项错误(2)确定落点平均位置的办法：用尽可能小的圆把尽可能多的落点都圈在里面，6圆心就是落点的平均位置(3)验证动量守恒定律的表达式是 m1v0 m1v1 m2v2，则m1v0t m1v1t m2v2t，即 m1QQ m1OP m2OR，用题中测量的量表示为 m1(x1 x2) m2(x1 x2 x3)答案 (1)BC (2)用心意可能小的圆把尽可能多的落点都圈在里面，圆心就是落点的平均位置 (3) m1x1 m2(x1 x2 x3) m2(x1 x2)10某实验小组设计了如图甲所示的电路来完成小

15、灯泡伏安特性曲线的描绘，同时测量电源的电动势和内阻(1)闭合开关前，应将滑动变阻器的触头调至_(选填“ a”或“ b”)端；开关闭合后，调节滑动变阻器，记录电压表 V1、V 2及电流表 A的读数 U1、 U2、 I；重复的操作，得到八组实验数据；描点作图，分别作出 I U1和 I U2的图像，如图乙、丙所示，已知 R05 .(2)图乙中 0 U0段图线基本呈直线的原因是_ _.(3)由图丙可知该电源的电动势为_V，内阻为_.(4)将该电源与阻值为 11 的电阻串联后给上述小灯泡供电，此时小灯泡的电阻为_，消耗的功率为_W(结果保留两位有效数字)解析 (1)闭合开关前要保证滑动变阻器串入回路的阻

16、值最大，触头应在 a端(2)图乙中 0 U0段，热功率较小，温度变化不明显，灯泡电阻变化不明显，故图线呈直线(3)由闭合电路欧姆定律得 U2 E I(R0 r)，知( R0 r) 6 ，故电源内阻为 U2 I1 ，电动势为 12 V.(4)在题图乙中作出电源与定值电阻串联后的外特性曲线如图所示，7此时灯泡电阻约为 3.6 ，2.8 V0.77 A功率为 2.8 V0.77 A2.2 W.答案 (1) a (2)热功率较小，温度变化不明显，灯泡电阻变化不明显(3)12 1(4)3.53.7 均给分 2.1 或 2.2均给分三、计算题11如图所示，一个物块以某一初速度 v0沿倾角 37、高 h1.

17、7 m的固定光滑斜面的最下端向上运动，物块运动到斜面的顶端时的速率为 v m/s，如果在斜面中间某2一区域设置一段摩擦区，物块与摩擦区间的动摩擦因数 0.125，物块以同样的初速度从斜面的底端向上运动，物块恰好运动到斜面的顶端( g10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8， 4.7)22(1)求初速度 v0的大小；(2)求摩擦区的长度 l；(3)在设置摩擦区后，摩擦区的位置不同，物块以初速度 v0从斜面底端运动到顶端的时间不同，求物块从斜面底端运动到斜面顶端的最长时间(计算结果保留两位小数)解析 (1)由动能定理得 mgh mv2 mv12 12 20代入已知量得 v06 m/s

18、(2)增设摩擦区后，因物块恰好运动到斜面的顶端，则摩擦力做的功恰好等于没有摩擦区域时物块运动到斜面顶端的动能，则 mg cos l mv212代入已知量得 l1 m(3)如图所示，当摩擦区设置在斜面最下面时，让物块一开始运动就进入摩擦区，特8块在斜面上运动的时间最长设物块在摩擦区和光滑的斜面上的加速度分别是 a1和 a2，则 mgsin mg cos ma1 mgsin ma2代入已知量得 a17 m/s 2， a26 m/s 2物块在摩擦区内运动的时间为 t1，则l v0t1 a1t12 21代入数据解得 t10.19 s， t11.53 s(舍去)物块在斜面的光滑部分运动的初速度为 v1，

19、时间为 t2，则 v1 v0 a1t14.67 m/st2 0.78 s v1a2物块运动到斜面顶端的最长时间为t t1 t20.97 s答案 (1)6 m/s (2)1 m (3)0.97 s12(2018山东省潍坊市昌乐县二中高三下学期质检)如图， xOy平面内存在着平行于 y轴的匀强电场，一个质量为 m、带电荷量为 q的粒子从坐标原点 O以速度 v0沿 x轴正方向开始运动当它经过图中虚线上的 M(2 a， a)点时，撤去电场，粒子继续运动一段3时间后进入一个垂直于 xOy平面的矩形匀强磁场区域(图中未画出)，又从虚线上的某一位置 N处沿 y轴负方向运动并再次经过 M点已知磁场的磁感应强度

20、大小为 B ，不23mv03qa计粒子的重力试求：(结果用 m、 v0、 q、 a表示)(1)电场强度的大小及方向(2)N点的坐标(3)矩形磁场的最小面积为多少？解析 (1)因为 q向上做类平抛，所以电场方向沿 y轴的负方向粒子从 O到 M做类平抛运动，设时间为 t，则有 2 a v0t a t2 得 E3lqE2m mv206qa(2)粒子运动到 M点时速度为 v，与 x方向的夹角为 ，则9vy t v0qEm qm mv206qa 23av0 33v v0tan ，即 30v20 v2y233 vyv0 33由题意知，粒子从 P点进入磁场，从 N点离开磁场，由左手定则知磁场方向垂直于xOy平面(纸面)向外；粒子在磁场中 O点为圆心做匀速圆周运动，设计径 R，则由 qvB mv2R解得粒子做圆周运动的半径为 R a由几何关系知，mvqB 23mv03qB PMN3012所以 N点的纵坐标为 yN a a a，横坐标为 xN2 aRtan 3 3得 N点的坐标为(2 a， a a)3 3(3)当矩形磁场为图示粗实线矩形时的面积最小，则矩形的两个边长分别是L12 R2 aL2 R Rsin a 面积为： S L1L23 a232答案 (1) ，沿 y轴反方向mv206qa(2)(2 a， a a) (3)3 a23 310