2018_2019高考物理二轮复习选择题提速练6.doc

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1、1选择题提速练 615 为单选，68 为多选1(2018浙江温州十校联考)功率为 10 W 的发光二极管(LED 灯)的亮度与功率为 60 W 的白炽灯相当根据国家节能战略，普通白炽灯应被淘汰假设每户家庭有 2 只 60 W 的白炽灯，均用 10 W 的 LED 灯替代，估算出全国一年节省的电能最接近( B )A810 8 kWh B810 10 kWhC810 11 kWh D810 13 kWh解析：假设每户每天只亮灯 5 个小时，每户每年节电 E2(6010)10 3 5365 kWh182.5 kWh.假设每户有 3 口人，全国有 4 亿户左右则年节电总值为 E 总410 8182.5

2、 kWh7.310 10 kWh，故 B 正确2为了探测某星球，载着登陆舱的探测飞船在以该星球中心为圆心，半径为 r1的圆轨道上运动，周期为 T1，总质量为 m1.随后登陆舱脱离飞船，变轨到离星球更近的半径为r2的圆轨道上运动，此时登陆舱的质量为 m2，则( D )A该星球的质量为 M4 2r1GT21B该星球表面的重力加速度为 gx4 2r1T21C登陆舱在 r1与 r2轨道上运动时的速度大小之比为 v1v2 m1r2m2r1D登陆舱在半径为 r2轨道上做圆周运动的周期为 T2 T1r32r31解析：根据 G m1( )2r1，得星球的质量为 M ，则选项 A 错误；根据Mm1r21 2T1

3、 4 2r31GT21m1a1 m1( )2r1，可得载着登陆舱的探测飞船的加速度 a1 ，该加速度不等于星球2T1 4 2r1T21的重力加速度，则选项 B 错误；根据 G m1 ，可得 v1 ，同理 v2 ，故 Mm1r21 v21r1 GMr1 GMr2 v1v2，则选项 C 错误；根据开普勒第三定律得 ，故 T2 T1 ，则选项 D 正确r2r1 T1T2 r31r32 r32r313(2018山西检测)现代技术的发展促进了人们对原子、原子核的认识下列说法正确的是( C )A 粒子散射实验结果说明原子内部带正电的那部分物质是均匀分布的B 衰变说明原子核内部存在自由电子C太阳辐射的能量主

4、要来自太阳内部的氢核聚变反应D氡原子核的半衰期为 3.8 天，4 个氡原子核经过 7.6 天一定只剩下 1 个未发生衰变解析： 粒子散射实验结果说明占原子质量绝大部分的带正电的那部分物质集中在很2小的空间范围内，A 错误； 衰变是原子核内的中子转化为质子同时释放出电子，不能说明原子核内部存在电子，B 错误；太阳辐射的能量来自于太阳内部的氢核聚变反应，C 正确；半衰期对大量的原子核的统计规律适用，对少量的原子核不适用，D 错误4(2018湖北八校联考)如图 M 和 N 是两个带有异种电荷的带电体( M 在 N 的正上方，图示平面为竖直平面)， P 和 Q 是 M 表面上的两点， S 是 N 表面

5、上的一点在 M 和 N 之间的电场中画有三条等势线现有一个带正电的液滴从 E 点射入电场，它经过了 F 点和 W 点，已知油滴在 F 点时的机械能大于在 W 点的机械能( E、 W 两点在同一等势面上，不计油滴对原电场的影响，不计空气阻力)则以下说法正确的是( D )A P 和 Q 两点的电势不相等B P 点的电势高于 S 点的电势C油滴在 F 点的电势能高于在 E 点的电势能D油滴在 E、 F、 W 三点的“机械能和电势能总和”没有改变解析： P 和 Q 两点在带电体 M 的表面上， M 是处于静电平衡状态的导体，其表面是一个等势面，故 P 和 Q 两点的电势相等，选项 A 错误；带正电的油

6、滴在 F 点时的机械能大于在W 点的机械能，故从 F 点到 W 点，机械能减小，电场力做负功，说明电场力向上，故电场线垂直等势面向上，而沿着电场线方向电势逐渐降低，故 P 点的电势低于 S 点的电势，选项 B 错误；由于电场线垂直等势面向上，故 E 点的电势高于 F 点的电势，根据 Ep q ，油滴在 F 点的电势能低于在 E 点的电势能，选项 C 错误；油滴在运动过程中只有重力和电场力做功，重力做功导致重力势能和动能相互转化，电场力做功导致电势能和动能相互转化，故油滴在 E、 F、 W 三点的“机械能和电势能总和”没有改变选项 D 正确5如图所示，图线 a 是线圈在匀强磁场中匀速转动时产生的

7、正弦交流电的图象，调整线圈转速后，所产生的正弦交流电的图象如图线 b 所示以下关于这两个正弦交流电的说3法中正确的是( C )A线圈先后两次转速之比为 12B交流电 a 的电压瞬时值 u10sin0.4 t VC交流电 b 的最大值为 V203D在图中 t0 时刻穿过线圈的磁通量为零解析：由图象可知 Ta0.4 s， Tb0.6 s，根据 ，得2T a5， b10/3，由 2 n，得转速之比， na nb32 ，A 错；图线 a 的最大值为 Ema10 V，交流电压的瞬时值 u Emsint 10sin5 t V，B 错；根据 Em NBS ，得 Emb20/3 V，C 对； t0 的时刻感应

8、电动势为零，故磁通量最大，D 错6如图，质量为 m、长为 L 的直导线用两绝缘细线悬挂于 O、 O，并处于匀强磁场中，当导线中通以沿 x 正方向的电流 I，且导线保持静止时，悬线与竖直方向夹角为 .则磁感应强度方向和大小可能为( BC )A z 正向， tan B y 正向，mgIL mgILC z 负向， tan D沿悬线向上， sinmgIL mgIL解析：若 B 沿 z 轴正方向，导线无法平衡，A 错误；若 B 沿 y 轴正方向，由左手定则，受力如图： mg BIL，所以 B 正确；若 B 沿 z 轴负方向，受力如图， FTsin BIL， FTcos mg，所以 B tan ，C 正确

9、；若 B 沿悬线向上，受力如图mgIL，导线无法平衡，D 错误47质量为 2 kg 的物体，放在动摩擦因数为 0.1 的水平面上，在水平拉力 F 的作用下，由静止开始运动，拉力做的功 W 和物体发生的位移 x 之间的关系如图所示， g 取 10 m/s2.下列说法中正确的是( CD )A此物体在 AB 段做匀加速直线运动，且整个过程中拉力的最大功率为 15 WB此物体在 AB 段做匀速直线运动，且整个过程中拉力的最大功率为 6 WC此物体在 AB 段做匀速直线运动，且整个过程中拉力的最大功率为 15 WD物体在 OA 段运动过程中拉力的平均功率大于 AB 段运动过程中拉力的平均功率解析：物体受

10、到的滑动摩擦力 f mg 2 N，由题图知 x13 m 位移内拉力做的功W1 F1x115 J，解得 F1 5 N，根据牛顿第二定律 F1 f ma1，解得加速度为 a11.5 m/s2，所用的时间为 t1 2 s，末速度 v1 a1t13 m/s；由 W2 F2x2解得 x26 m 位2x1a1移内拉力 F22 N，与摩擦力 f 等大反向，所以物体在 AB 段做匀速直线运动，运动时间t2 2 s，整个过程中拉力的最大功率为 Pm Fmvm F1v115 W，选项 C 正确； OA 段运x2v1动过程中拉力的平均功率 P1 7.5 W， AB 段拉力的平均功率 P2 6 W，选项 D 正W1t

11、1 W2t2确8.某同学设计了一个测定列车加速度的仪器，如图所示 AB 是一段四分之一圆弧形的电阻， O 点为其圆心，且在 B 点正上方，圆弧半径为 r.O 点下用一电阻不计的金属线悬挂着一个金属球，球的下部恰好与 AB 接触良好且无摩擦 A、 B 之间接有内阻不计、电动势为 9 V 的电池，电路中接有理想电流表 A， O、 B 间接有一个理想电压表 V.整个装置在一竖直平面内，且装置所在的平面与列车前进的方向平行下列说法中正确的有( CD )5A从图中看到列车一定是向右做加速运动B当列车的加速度增大时，电流表 A 的读数增大，电压表 V 的读数也增大C若电压表示数为 3 V，则列车的加速度为

12、 g33D如果根据电压表示数与列车加速度的一一对应关系将电压表改制成一个加速度表，则加速度表的刻度是不均匀的解析：对金属球，由牛顿第二定律，加速度 a gtan ，方向水平向右，可能向右做加速运动或向左做减速运动，选项 A 错误；电流 I ，电流表读数一定，当列车的加速度ER增大时， 增大， BC 弧长变大，电压表 V 的读数 U IRBC也增大，选项 B 错误；而 R ，则 U ，若电压表示数为 3 V，则 ，列车LS E 2 6的加速度为 gtan g，选项 C 正确；电压表示数 U arctan ， U 与 a 不 6 33 2E 2E ag是线性关系，则加速度表的刻度是不均匀的，选项 D 正确