2014届江苏省苏州高新区九年级上学期期末考试物理试卷与答案（带解析）.doc

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1、2014届江苏省苏州高新区九年级上学期期末考试物理试卷与答案（带解析） 选择题 如图所示的简单机械，使重都为 G的物体处于静止状态，其中用力 F最大的是（不计摩擦和杠杆重力） A F1 B F2 C F3 D F4 答案： B 试题分析：由题知，不计摩擦， A、由于杠杆平衡，动力臂大于阻力臂，所以 F1 G； B、由于杠杆平衡，动力臂小于阻力臂，所以 F2 G； C、使用定滑轮， F3=G； D、使用动滑轮， F= G / 2； 由以上分析可知， B选项中用力最大故选 B 考点：杠杆的应用；定滑轮及其工作特点；动滑轮及其工作特点 某日，小明家火线上的熔丝熔断，估计是电路某处短路，根据所学知识，

2、他断开闸刀开关和所有用电器的开关，将一只普通白炽灯 L接到如图所示位置进行相关检查，当再闭合闸刀开关 S和灯 L1的开关 S1时，如果 A灯 L正常发光，说明 L1支路无故障 B灯 L正常发光，说明 L1支路短路 C灯 L发光较暗，说明 L1支路短路 D灯 L不发光，说明 L1支路短路 答案： B 试题分析： A情况表示电路中有零线与火线短路的情况；不合题意 B表示灯亮时灯泡两端应分别与火线和零线相接，即该闭合的开关两端直接连到了火线和零线上；符合题意 C表示检验灯泡与另一灯泡串联接在火线与零线之问，这是一正常现象而不是表明电路中有短路现象；不合题意 D表示该电路中有断路现象不合题意故选 B

3、考点：家庭电路的故障分析 如图所示的四个选项中，应用到电磁铁的是 答案： C 试题分析： A、测电笔是用来辨别家庭电路中火线与零线的仪器，没有应用到电磁铁，不合题意； B、滑动变阻器通过改变电阻线的长度来改变电阻，没有应用到电磁铁，不合题意； C、电磁起重机利用电磁铁 来进行工作，可将很重的磁性物体提起，在生产中发挥着重要的作用，符合题意； D、指南针利用磁极间的相互作用规律，没有应用到电磁铁，不合题意故选C 考点：电磁铁的应用 灯 L1标有 “8V16W”的字样，灯 L2标有 “12V 36W”的字样两灯串联后接在电压为 U的电路中，要保证两灯不损坏，电压 V的最大值应是 A 8V B 12

4、V C 16V D 20V 答案： C 试题分析：使 L1正常发光通过的电流： I1=P1 /U1 =16W /8V =2A， 使 L2正常发光通过的电流： I2=P2 /U2 =36W/ 12V =3A， I1 I2， 电路中的电流应为 I=2A， R1=U12/ P1 =(8V)2/ 16W =4， R2=U22/ P2 =(12V)2 /36W =4， 电路两端的电压： U=IR=I（ R1+R2） =2A（ 4+4） =16V故选 C 考点：欧姆定律的应用；电功率的计算 实验室用的小灯泡和家用白炽灯泡的电流随电压变化的图像如图所示，其中正确的是 答案： D 试题分析：电灯的灯丝电阻随温

5、度的升高而增大；故随着电压的增大，灯泡温度升高，灯丝的阻值将增大，故图象的倾斜程度将减小；故选 D 考点：欧姆定律的应用 如图所示电路，两只相同的小灯泡在闭合开关后都能发光过了一会儿，两只小灯泡突然同时都熄灭了，且电压表和电流表的示数均变为零，如果电路只有一处故障，则故障可能是 A灯泡 L1短路 B灯泡 L2短路 C灯泡 L1断路 D灯泡 L2断路 答案： C 试题分析： A、灯 L1短路，灯 L2会分担电源电压，会变亮，电表有示数不合题意 B、电灯 L2短路，电压表也短路无示数但灯 L1会分担电源电压，会变亮，电流表有示数不合题意 C、电灯 L1断路，则整个电路中都没有电流，灯都不亮，电表无

6、示数，符合题意 D、电灯 L2断路则电压表会与灯 L1串联，电压表分担电源电压有示数，灯不亮，电流表无示数不合题意故选 C 考点：电流表、电压表在判断电路故障中的应用 如图所示，小灯泡 L1和 L2均正常发光， “”处可以连接电流表、电压表测量电路中的电流、电压，以下说法中正确的是 A a为电流表， b为电压表， c为电流表 B a为电压表， b为电压表， c为电流表 C a为电流表， b为电流表， c为电压表 D a为电流表， b为电流表， c为电流表 答案： B 试题分析：由图可知 a 表跟灯泡 L1并联，所以应为电压表； b 表与灯泡 L2并联，应为电压表； c表跟灯泡 L2串联，所以应

7、为电流表由上述可知选项 A、 C、 D都不正确故选 B 考点：电流表的使用；电压表的使用 一箱汽油用掉一半后，关于它的说法下列正确的是 A它的密度变为原来的一半 B它的比热容变为原来的一半 C它的热值变为原来的一半 D它的质量变为原来的一半 答案： D 试题分析：汽车油箱中的汽油用掉一半后，汽油的质量减少一半，但密度、热值和比热容是不变的 故选 D 考点：密度及其特性；比热容的概念；燃料的热值 下列说法中，能反映物体放出的热量多少与物体降低的温度有关的是 A相同质量的同种物质，降低不同的温度，放出的热量不同 B相同质量的不同物质，降低相同的温度，放出的热量一般不同 C不同质量的同种物质，降低相

8、同的温度，放出的热量不同 D不同质量的同种物质，降低不同的温度，放出的热量一般不同 答案： A 试题分析：要得出放出热量的多少和降低温度的关系，就要保证物质的质量、物质的种类一定，而降低的温度不同 A、质量是相同的，同种物质保证了物质的种类一定，降低不同的温度，放出的热量不同，就说明了放出热量的多少和降低的温度有关； B、不同物质，没有保证物质的种类一定；降低相同的温度，没有控制降低的温度不同； C、不同质量，没有保证物体的质量一定；降低相同的温度，没有控制降低的温度不同； D、不同质量，没有保证物体的质量一定故选 A 考点：比热容的概念；热量的计算 大兴安岭部分松林发生虫灾，为了灭虫，政府多

9、次调 动直升飞机在重灾区上空喷洒生物农药当飞机在某一高度水平匀速飞行时，在喷洒农药的过程中，飞机的 A动能减小，重力势能减小 B动能不变，重力势能不变 C动能减小，重力势能增大 D动能增大，重力势能减小 答案： A 试题分析：飞机在某一高度水平匀速飞行喷洒农药的过程中，飞机的质量变小，速度不变，所以动能减小；质量减小，高度不变，所以重力势能减小故选 A 考点：动能和势能的大小变化 如图所示，作用在杠杆一端且始终与杠杆垂直的力 F，将杠杆缓慢地由位置A拉至位置 B，力 F在这个过程中将 A变大 B变小 C不变 D先变大后变小 答案： A 试题分析：在杠杆缓慢由 A到 B的过程中，动力臂 OA的长

10、度没有变化，阻力G的大小没有变化，而阻力臂 L却逐渐增大；由杠杆的平衡条件知： F OA=G L，当 OA、 G不变时， L越大，那么 F越大；因此拉力 F在这个过程中逐渐变大故选 A 考点：杠杆的动态平衡分析 下列说法中，正确的是 A做功多的机械，做功快 B做功多的机械，机械效率高 C功率大的机器机械效率高 D功率大的机器，做功快 答案： D 试题分析：做功快慢在物理学中用功率表示，所以功率大的机器，做功快； D正确； A 错误；机械效率在物理学中是有用功与总功的比值；所以 BC 不正确；故选 D。 考点： 功率、机械效率 实验题 下表是小明测一滑轮组机械效率时收集的有关数据 (1)将表格中

11、的数据补充完整，该数据为 (2)实验时要竖直向上且 拉动弹簧测力计 (3)第一次实验中，钩码上升 0.1m所用的时间为 1.5s，则动力的功率为 W (4)若仅增加物体的重量，该滑轮组的机械效率将 （选填 “增大 ”、 “减小 ”或 “不 变 ”）（不计摩擦和绳重） 答案：（ 1） 66.7%；（ 2）匀速；（ 3） 0.14；（ 4）增大 试题分析：（ 1）根据公式 =W有用 /W 总 =Gh/ Fs =(4N0.1m)/ (2N0.3m) =66.7%；（ 2）实验时要竖直向上且匀速拉动弹簧测力计（ 3）动力的功率即总功的功率由题意知，物体上升 0.1m，动力作用点移动 0.3m所以 P=

12、W 总 /t =Fs/ t =0.7N0.3m /1.5s =0.14W（ 4）若仅增加物体的重，额外功不变，有用功增加，则有用功在总功中所占的比值增大，机械效率增大 考点：滑轮（组）的 机械效率 如图甲是研究 “探究物体动能的大小与哪些因素有关？ ”的实验装置，实验中让同一钢球从斜面上不同的高度由静止滚下，撞到同一个木块上图乙是研究 “牛顿第一定律 ”的实验装置，实验中让同 钢球从斜面上相同的高度由静止滚下，在粗糙程度不同的平面上运动请回答以下问题： (1)设计实验甲的目的是研究钢球动能的大小与 的关系；设计实验乙的目的是研究运动的钢球速度减小的快慢与所受 的关系 (2)实验甲是通过木块被推

13、动 的大小，说明钢球对木块做功的多少，从而判断钢球动能的大小；实验乙是通过钢球在粗糙程度不同的平面 上运动的远近，推理得出：在理想情况下，运动的物体如果 阻力作用，将永远做匀速直线运动 答案：（ 1）速度；摩擦阻力；（ 2）距离；不受 试题分析：（ 1） 甲图中让同一钢球从斜面上不同的高度由静止滚下，到达斜面底部的速度不同，因此相同因素是钢球的质量，不同因素是钢球的速度，因此甲图实验的目的是研究钢球动能的大小与速度的关系 乙图让同一钢球从斜面上相同的高度由静止滚下，在粗糙程度不同的平面上运动，钢球的质量和到达斜面底部的速度都相同，平面的粗糙程度不同，因此乙图实验的目的是研究运动的钢球速度减小的

14、快慢与所 受阻力的关系 （ 2）甲实验中，通过观察木块被撞击后运动的距离的大小来间接判断物体动能的大小；乙实验中，接触面越光滑，物体所受摩擦力越小，物体运动的越远，所以如果物体不受力的作用，则运动的物体将一直保持匀速直线运动状态 考点：探究影响物体动能大小的因素 几位同学为了探究物体温度升高时吸热的多少与哪些因素有关，做了如下实验，在四只烧杯中分别盛水和煤油，用同样的加热器分别给它们加热，下表是他们的实验结果： 试通过分析实验记录概括物理规律（提示：加热时间长意味着吸收的热量多）： (1)比较 1、 2两只烧杯的实 验记录，可得出的结论是： ； (2)比较 1、 3两只烧杯的实验记录，使我们认

15、识了物质的一种特性，物理学中是用 表示物质的这种特性的水的这种特性是 答案：（ 1）升高相同温度，水的质量越大，水吸收的热量越多；（ 2）比热容， 4.2103J/（ kg ） 试题分析：（ 1） 1、 2中都是水且初温和末温相同，加热时间不同说明吸收热量不同，质量大的加热时间、吸热多，说明升高相同温度，水的质量越大，水吸收的热量越多；（ 2）物理学中是用比热容表示 “相同质量的不同物质，升高相同温度，吸收的热量不同 ”这种特性； 考点：热量的计算；比热容的概念 小明做测量小灯泡电功率的实验（小灯泡标有 “2.5V”字样） (1)如图甲所示，小明所接的实验电路存在连接错误，但只需改动一根导线，

16、即可使电路连接正确，请你在应改动的导线上打 “”，并用笔画线代替导线画出正确的接法 (2)电路连接正确后，闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表有示数接下来应进行的操作是 （填选项前的字母） A更换小灯泡 B检查电路是否断路 C移动滑动变阻器滑片，观察小灯泡是否发光 (3)实验过程中，当电压表示数为 V时，小灯泡达到额定功率，此时电流表的 示数如图乙所示，其值为 A，小灯泡的额定功率为 W 答案：（ 1）如图； （ 2） C；（ 3） 2.5； 0.24； 0.6； 试题分析：（ 1）电压表并联在灯泡和滑动变阻器的两端，测灯泡和滑动变阻器的总电压，所以电压表的 “3”接线柱和滑动变阻器右下端接线柱

17、连接错误，应把电压表并联在灯泡两端，电压表的 “3”接线柱和灯泡右端接线柱连接，如图： （ 2）在闭合开关前，滑动变阻器是在阻值最大处，电流表有示数，小灯泡不亮，说明电路中电阻太大，故选 C； （ 3）电压表测的是小灯泡两端的电压，当电压表示数为小灯泡的额定电压 时，小灯泡才能正常发光； 电流表使用的 0 0.6A，每一个大格代表 0.2A，每一个小格代表 0.02A，电流为 0.24A， P=UI=2.5V0.24A=0.6W 考点：探究用电器的电功率实验；电流表的读数方法；电流表的连接；电压表的连接；额定功率 如图所示，在 “测量小灯泡的电功率 ”的实验中所用器材有：标有 “3.8V”字样

18、的待测小灯泡、电压恒为 6V的电源、标有 “20 1A”的滑动变阻器、电流表 (量程为 0 0.6A、 0 3A)、电压表 (量程为 0 3V、 0 15V)、开关及导线若干 (1)某学生在 实验时，把电流表与电压表的位置交换连接了，闭合开关后会造成 （填选项前的字母） A电流表烧坏 B电压表烧坏 C小灯泡烧坏 D小灯泡不亮 (2)另一学生按图连接电路后，闭合开关，将滑动变阻器的滑片移到最左端时，小灯泡不亮，电压表有较大的示数经检查，导线连接完好，则电路故障是： 排除该故障换用新元件后，闭合开关时，观察到小灯泡闪亮一下后立即熄灭，该学生在操作过程中的不当之处是： (3)小明同学按电路图正确连接

19、电路后，闭合开关，从大到小调节滑动变阻器的阻值，并将正确操作下的电压表和电流表的示数填 入下表 通过上表数据，可算得小灯泡的额定功率为 W，还可得出关于灯丝电阻的结论是： ； 当小灯泡正常工作时，接入电路中的滑动变阻器的阻值为 将两个这样的相同规格的小灯泡串联后直接接在 6V电源的两端，两灯消耗的总功率为 W (4)若电压表的 0 15V量程已损坏，只能使用 0 3V量程，其它器材不变，如何测出小灯泡的额定功率？（不需画图）在此电路下，若小灯泡两端最大可加4.5V电压，为保证实验时你所设计的测量电路中各元件的安全，参照小明的实验数据，估算滑动变阻器接入电路的阻值范围应为 （结果保留一位小数）

20、答案：（ 1） D；（ 2）小灯泡断路；闭合开关前滑动变阻器滑片没有放到最大阻值处（ 3） 1.14W 7.3 1.5W；（ 4） 4.7 12； 试题分析：（ 1）把电流表与电压表的位置交换连接了，电路断路，电路电流为零，电流表与小电灯不会烧坏，小电灯不亮，由于电源电压是 6V，小于电压表量程 0 15V，因此电压表不会烧坏，所以闭合开关后会造成的现象是： D小电灯不亮； （ 2）闭合开关，将滑动变阻器的滑片移到最左端时，灯不亮，电压表有较大的示数；经检查，导线连接完好，则电路故障是：小灯泡断路；排除该故障换用新元件后，闭合开关时，观察到灯闪亮一下后立即熄灭，该学生在操作过程中的不当之处是：

21、闭合开关前滑动变阻器滑片没有放到最大阻值处； （ 3） 由表中数据知，灯泡额定电压 U=3.8V对应的电流 I=0.3A，则灯泡的额定功率 P=UI=3.8V0.3A=1.14W；由表中数据及 R=U/ I 可知，随小电灯电压的增大，小电灯电阻变大，这是因为：随电压增大、电流随之增大，小电灯的实际功 率 P=UI也增大，灯的温度升高，由此可见：灯丝电阻随温度的升高而增大； 小电灯正常发光时，电压为额定电压 U 灯 =3.8V，由表中数据知，此时电路电流 I=0.3A，由串联电路特点知，滑动变阻器两端电压 U 滑 =U-U 灯 =6V-3.8V=2.2V， 此时滑动变阻器接入电路的阻值 R滑 =

22、U 滑 / I 2.2V /0.3A 7.3； 将两个这样的相同规格的小电灯串联后直接接在 6V电源的两端，每个灯两端的电压是 3V，由表中数据知，电路电流 I=0.25A，则两灯消 的总功率P=UI=6V0.25A=1.5W； （ 4） 电源、开关、滑动变阻器、灯泡、电流表组成串联电路，电压表并联在滑动变阻器两端， a、当电压表示数为最大值 3V时，小电灯两端的电压为 6V-3V=3V，由表中数据知，电流为 0.25A，此时滑动变阻器接入电路的阻值 R滑1=3V/ 0.25A =12； b、当小电灯电压为 4.5V时，由表中数据知，电路电流为0.32A，此时滑动变阻器两端电压为 6V-4.5

23、V=1.5V，此时滑动变阻器接入电路的阻值 R滑 2=1.5V /0.32A 4.7；则滑动变阻器接入电路的阻值范围是 4.712； 考点：探究用电器的电 功率实验 填空题 小明家新买了一台电热水器，下表是该热水器的一些技术参数 现将水箱中装满水，通电后正常工作 40min，水温从 25 升高到 45 在此过程中，求： (1)热水器中电热丝在正常工作时的电阻值 ； (2)水所吸收的热量 J (c水 4.2103J (kg )】 答案：（ 1） 24.2；（ 2） 4.2106J； 试题分析：（ 1）电热丝正常工作电阻： R U2/ p (220v)2 /2000w 24.2； （ 2）水吸收的

24、热量 Q=c 水 m（ t-t0） =4.2103J/（ kg ） 50kg20 =4.2106J； 考点：热量的计算 苏州市城乡电网改造后，家用的电能表全部改用了精度高、能耗少的脉冲式数字电能表小明家脉冲式数字电能表的表盘上有 “3000imp/kWh、 “220V、30A”等信息，若小明关闭其它所有的用电器，只接通一只 “220V、 100W”的电灯，使其工作 1h，则电灯消耗的电能是 J，指示灯闪烁了 次 答案： .6105； 300 试题分析：（ 1） 100W=0.1kW， 电灯消耗的电能 W=Pt=0.1kW1h=0.1kW h=3.6105J， （ 2）根据电能 表参数知：指示灯

25、闪烁一次消耗的电能为 kW h， 又电灯 1h消耗的电能是： 0.1kW h， 指示灯闪烁的次数为 =300imp 考点：电能表参数的理解与电能的求法；电功的计算 如图甲所示电路，滑动变阻器 R2的滑片 P从左向右滑动过程中，电压表与电流表的示数如图乙所示的规律当电流表的示数为 0.5A时，可变电阻 R2接入电路中的阻值是 ，电源电压 V和电阻 R1 答案：； 15； 10 试题分析：由电路图可知，滑动变阻器与电阻 R1串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流（ 1）由图乙可知，当电流为 0.5A时，R2两端电压为 10V，根据欧姆定律可得： R2=U/ I =10V/0.5

26、A =20，当电流为 1.5A时， R2两端电压为 0，此时 U= 1.5R1- ；当电流为 0.5A时，有： U=0.5R1+10V- 两式联立求解可得： R1=10， U=15V 考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律 在如图所示的电路中，电源电压为 3 V闭合开关 S，电流表 A1的示数为1.2 A，电流表 A2的示数为 0.3A，则通过 R1的电流是 A， R2的 阻值是 答案： .6A； 10 试题分析：（ 1）通过 R1的电流： I1=I-I2=0.9A-0.3A=0.6A； （ 2） I=U/ R ， 电阻 R2的阻值： R2=U/ I2 =3V/ 0.3A

27、 =10； 考点：欧姆定律的应用；并联电路的电流规律 如图所示，已知 R1与 R2两端所加电压为 24V如果 R1 80，开关闭合后，R2中的电流为 0.2A，则 R2 ，干路中电流 I A再给 R1、 R2并联一个200的电阻，电路中的总电阻将会 （选填 “变大 ”、 “不变 ”或 “变小 ”） 答案：； 0.5；小 试题分析：由欧姆定律 I=U /R 得： R2的阻值 R2=U /I2 =24V /0.2A =120； 通过 R1的电流 I1=U /R1 =24V/ 80 =0.3A； 则干路电流 I=I1+I2=0.3A+0.2A=0.5A； 若并联一个电阻，通过该电阻的电流 I3=U

28、/R3 =24V/ 200 =0.12A； 则总电流 I=I+I3=0.5A+0.12A=0.62A； 则总电阻 R=U/ I=24V /0.62A =38.7； 故说明总电阻会变小 考点：欧姆定律的应用；电阻的并联 功率表示物体做功的 （选填 “多少 ”或 “快慢 ”），它的单位是 （用符号表示） 答案：快慢；瓦特 试题分析：表示做功快慢的物理量是用功率来反映的，功率的单位是瓦特 考点：功率的概念 飞机、轮船运动时受到的阻力大小与运动速度有关，阻力的大小与速度的平方成正比若飞机、轮船以速度 v匀速运动时，发动机的输出功率为 P0，此时牵引力 F1 ，当飞机、轮船以 2v的速度匀速行驶时，发动

29、机的输出功率 P P0，此时的牵引力 F2 答案： P0/v 8 4P0/v 试题分析：飞机以速度 v飞行时 P0=F1v，所以 F1= P0/v 设飞机飞行中所受阻力 f=kv2 在匀速飞行时飞机受到的阻力的大小和飞机的牵引力的大小相等， 所以飞机以速度 v飞行时 P0=Fv=kv2 v=kv3 当飞机以 2v匀速飞行时， P=Fv=k（ 2v） 3=8P0， 8P0=F2 2v；所以 F2= 4P0/v 考点：功率的计算 放在水平桌面上的物理课本重为 3N，现用 1N的水平拉力，在水平面内沿直线匀速拉动课本 0.5m则课本的重力做功 J，水平拉力做功 J 答案：； 0.5 试题分析： 重为

30、 3N的物理课本，在水平面上匀速拉动 0.5m，虽然有力，也有距离，距离不是在重力的方向上通过的距离，所以没做功 课本水平拉力为 1N，并在水平面上匀速前进 0.5m，具备做功的两个条件，所以拉力做了功， W=Fs=1N0.5m=0.5J， 考点：功的计算 “歼 20”是我国自主研制的新一代隐身重型歼击机，具有卓越的机动性能，当它在空中加速向下俯冲的过程中，动能 ，重力势能 （选填 “增大 ”、 “不变 ”或 “减小 ”） 答案：增大；减小 试题分析： “歼 20”在空中加速向下俯冲时，质量不变，速度不断增大，动能增大 高度不断减小，重力势能不断减小 考点：动能和势能的大小变化 今年 7月 3

31、1日午后，苏州突降冰雹，假设质量为 m的冰雹从高 h处自由下落在下落的过程中，所受阻力大小与冰雹下落速度的平方成正比，比例系数为 k，则该冰雹最后将作 运动，降落时可能达到的最大速度是 在整个下落过程中，机械能将 （选填 “增大 ”、 “减小 ”或 “不变 ”）（假设冰雹下落过程中质量不变） 答案：匀速直线； ；减小 试题分析：质量为 m的冰雹下落过程中，受地球重力 G和空气阻力 f两个力的作用 刚开始下落时， G f，冰雹加速下落随着冰雹速度的增大 ，它受到的阻力也在不断增大，而当阻力增大到与重力相等时，即当 G=f时，冰雹开始做匀速向下运动，冰雹的速度不再增大，此时的速度就是冰雹的最大速度

32、； 由题意可知： f =k v2，所以 v= = = 考点：速度与物体运动；二力平衡条件的应用；力与运动的关系； 机械能 寒冷的冬天，在冰雪大世界参观的游客经常边跺脚边对手呵气，就会感到暖和了，跺脚是用 的方法增加脚的内能； “呵气 ”是用 的方法增加手的内能 答案：做功，热传递 试题分析： “跺脚 ”是用做功的方式增加脚的内能； “哈气 ”是用热传递的方式增加手的内能； 考点：做功改变物体内能；热传递改变物体内能 如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关 S，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，电压表 V2的示数将 （选填 “变大 ”、 “不变 ”或 “变小 ”），电压表V1与电流表 A示数

33、的比值将 （选填 “变大 ”、 “不变 ”或 “变小 ”） 答案：变大；不变 试题分析：由电路图可知， R1与 R2串联，电压表 V1测 R1两端的电压，电压表V2测 R2两端的电压，电流表测电路中的电流，当滑动变阻器的滑片 P向右移动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大， I=U /R ， 电路中的电流变小， R1两端的电压变小， 串联电路中总电压等于各分电压之和， R2两端的电压变大，即电压表 V2的示数将变大， 电压表 V1与电流表 A示数的比值等于定值电阻 R1的阻值， 电压表 V1与电流表 A示数的比值不变 考点：电路的动态分析；串联电路的电压规律；滑动变阻器的使用 计算题

34、随着人们生活水平的不断提高，私家车已日益普及，如图是一种测量小汽车油箱内油量的装置原理图，它主要由电源、压敏电阻 R(电阻随所受压力的变化而变 化 )、油量表（由电阻可忽略不计的电流表改装而成且量程足够大）等组成电路，压敏电阻 R在一定范围内的阻值与所受压力的关系如下表所示，油箱位于压敏电阻上方，电源电压为 6V问： (1)未放油箱时，电路中的电流是 A (2)请根据表格数据推测，当油箱和油总重为 200N 时，压敏电阻 R 的阻值是 (3)若油箱的质量为 6.5kg，当油量表示数为 5.510-2m3时，电路中的电流是 A（ p汽油 0.7103kg/m3， g取 10N/kg) 答案：（

35、1） 0.02A（ 2） 220（ 3） 0.05A 试题分析：（ 1）由表格数据可知，未放油箱时电阻 R=300，由欧姆定律得 I U/ R 6V/ 300 0.02A （ 2）由表格数据推测可知，压敏电阻 R=220 （ 3）由质量公式得 m油 =油 V 油 =0.7103kg/m35.510-2m3=38.5kg， F=G 总 =（ m油 +m箱 ） g=（ 6.5kg+38.5kg） 10N/kg=450N，由表格可知压力为450N时，电阻 R=120， 由欧姆定律得 I U /R 6V/ 120 0.05A 考点：欧姆定律的应用；密度公式的应用 下表为一台 电烤箱的铭牌，其内部简化电

36、路如图所示， R1和 R2均为电热丝 求： (1)电烤箱在高温挡正常工作 10min所消耗的电能； (2)电路中 R1的阻值； (3)电烤箱在低温挡正常工作时，电路中的电流和 R1的功率 答案： (1) 6.6105J (2) 44(3) 176W 试题分析：（ 1）高温档时，电路为只有 R1的简单电路，有表格可知： P 高=1100W， 则消耗电能 W=P 高 t=1100W1060s=6.6105J； （ 2） P=UI=U2/ R ， R1的阻值 R1=U2/ P 高 =(220V)2 /1100W =44； （ 3）当开关断开时，两电阻串联，由表格知 P 低 =440W， 电烤箱在低温

37、档正常工作时的电流： I 低 =P 低 / U =440W /220V =2A； 这时 R1的电功率： P1=I2R1=（ 2A） 244=176W， 考点：电功的计算；欧姆定律的变形公式；电功率的计算 作图题 根据图中小磁针 N 极指向，标出磁体的 N 极和 S极，并画出磁感线的方向。 答案： 试题分析：由图可知：小磁针静止时 N 极指向的方向为该点磁感线的方向一致；再根据磁感线在磁体的周围是从 N极出来，回到 S极。 考点：磁感线及其特点 用滑轮组提升重物，请在图中画出竖直向下拉绳子的绕绳方法 答案： 试题分析：根据拉力方向向下先确定末端拉力，然后依次绕线。 考点：滑轮组的设计与组装 在杠杆上的 A点挂一重物，在 C点对杠杆施加一个最小的力，使杠杆平衡在图中所示的位置试画出这个力的示意图和力臂 答案： 试题分析：根据杠杆平衡条件，要想动力最小，动力臂就要最大，因为支点是O点，当力作用在 C点时，力臂最长所以只要作一个力，使力的作用线与OC垂直即可。 考点：力的示意图；力臂的画法 如图所示，试在甲、乙两个 “O”内选填 “电压表 ”和 “电流表 ”的符号，使两灯组成并联电路 答案： 试题分析：由分析知：要使两灯并联，则甲表相当于导线，故甲处为电流表；乙表相当于断路，故乙表为电压表。 考点：串、并联电路的设计；电流表的连接；电压表的连接