（通用版）2020高考化学一轮复习第七章化学反应速率与化学平衡7.2明确2大考查角度变量控制与速率常数学案（含解析）.doc

《（通用版）2020高考化学一轮复习第七章化学反应速率与化学平衡7.2明确2大考查角度变量控制与速率常数学案（含解析）.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《（通用版）2020高考化学一轮复习第七章化学反应速率与化学平衡7.2明确2大考查角度变量控制与速率常数学案（含解析）.doc（10页珍藏版）》请在麦多课文档分享上搜索。

1、1第 2 课时 明确 2 大考查角度变量控制与速率常数题型一 “变量控制”实验探究题该类题目主要探究影响化学反应速率的外界因素，由于外界影响因素较多，若搞清某个因素的影响，均需控制其他因素相同或不变，才能进行实验。因此，控制变量思想在这部分体现较为充分，在近几年高考题中也多有考查，且大多以探究型实验题的形式出现。这类题目以实验为研究手段，尽管涉及因素较多，有其复杂性，但仍然重在考查考生的基础知识、基本技能、分析能力和实验能力。重难点拨 1考查形式(1)以表格的形式给出多组实验数据，让学生找出每组数据的变化对反应的影响。(2)给出影响化学反应的几种因素，设计实验分析各因素对反应的影响。2解题策略

2、3注意事项(1)要选择合适的化学反应，所选择的反应不能太灵敏，也不能太迟钝。(2)反应物的浓度要适当，不能太大，而探索浓度变量时，浓度间的差别也不能太大。(3)要有规律地设计不同的反应体系的温度，也要注意物质的相应性质 ，不能选择会引起反应发生变化的体系温度。(4)对变量要进行适当的组合，组合的一般原则是“变一定多” ，即保持其他变量不变，改变其中一个变量的值进行实验，测定数据，通过系列实验，找出变量对反应的影响。考法精析考法一 实验方案的评价典例 1 (2018北京高考)(1)I 可以作为水溶液中 SO2歧化反应的催化剂，可能的催化过程如下。将补充完整。.SO 24I 4H =S2I 22H

3、 2O.I 22H 2O_= =_2I (2)探究、反应速率与 SO2歧化反应速率的关系，实验如下：分别将 18 mL SO2饱2和溶液加入 2 mL 下列试剂中，密闭放置观察现象。(已知：I 2易溶解在 KI 溶液中)序号 试剂组成 实验现象A 0.4 molL1 KI 溶液变黄，一段时间后出现浑浊Ba molL1 KI0.2 molL1 H2SO4溶液变黄，出现浑浊较 A 快C 0.2 molL1 H2SO4 无明显现象D0.2 molL1 KI0.000 2 mol I2溶液由棕褐色很快褪色，变为黄色，出现浑浊较 A 快B 是 A 的对比实验，则 a_。比较 A、B、C，可得出的结论是_

4、。实验表明，SO 2的歧化反应速率 DA。结合、反应速率解释原因：_。解析 (1)根据歧化反应的特点，反应生成 S，则反应需生成 H2SO4，即 I2将SO2氧化为 H2SO4，反应的离子方程式为 I22H 2OSO 2=SO 4H 2I 。(2)对比实24验只能存在一个变量，因实验 B 比实验 A 多了 H2SO4，则 B 中 KI 溶液的浓度应不变，故a0.4。由表中实验现象可知，I 是 SO2歧化反应的催化剂，H 单独存在时不具有催化作用，但 H 可以加快歧化反应速率。加入少量 I2时，反应明显加快，说明反应比反应快；D 中由反应产生的 H 使反应加快。答案 (1)SO 2 SO 4H

5、24(2)0.4 I 是 SO2歧化反应的催化剂，H 单独存在时不具有催化作用，但 H 可以加快歧化反应速率反应比快；D 中由反应产生的 H 使反应加快考法二 实验方案的设计典例 2 H 2O2是一种绿色氧化还原试剂，在化学研究中应用广泛。某小组拟在同浓度 Fe3 的催化下，探究 H2O2浓度对 H2O2分解反应速率的影响。限选试剂与仪器：30% H 2O2溶液、0.1 molL 1 Fe2(SO4)3溶液、蒸馏水、锥形瓶、双孔塞、水槽、胶管、玻璃导管、量筒、秒表、恒温水浴槽、注射器。3(1)写出本实验 H2O2分解反应方程式并标明电子转移的方向和数目：_。(2)设计实验方案：在不同 H2O2

6、浓度下，测定_(要求所测得的数据能直接体现反应速率大小)。(3)设计实验装置，完成如图所示的装置示意图。(4)参照下表格式，拟定实验表格，完整体现实验方案(列出所选试剂体积、需记录的待测物理量和所拟定的数据；数据用字母表示)。物理量实验序号V0.1 molL1 Fe2(SO4)3/mL1 a 2 a 解析 (1)双氧水中氧元素的化合价为1，发生分解反应生成氧气，O 2中氧元素的化合价为 0，水中氧元素的化合价为2，所以是自身的氧化还原反应，用单线桥法表示其电子转移的方向和数目： =2H2OO 2。(2)该实验是探究双氧水的分解速率，所以应测定不同浓度双氧水分解时产生氧气的速率，即可以测定相同时

7、间内生成氧气的体积。(3)根据题目给出的限选仪器可以选用导管、水槽、量筒组成气体收集装置。(4)探究时一定要注意变量的控制，即只改变一个变量，才能说明该变量对反应的影响。表格中给出了硫酸铁的量，且体积均相等。而探究的是不同浓度的双氧水分解的速率，所以必须要有不同浓度的双氧水，但题给试剂中只有 30%的双氧水，因此还需要蒸馏水，要保证硫酸铁的浓度相同，必须保证两组实验中双氧水和蒸馏水的总体积相同，且两组实验中双氧水和蒸馏水的体积不同两个条件。同时还要记录两组实验中收集相同体积氧气所需时间或相同时间内收集氧气的体积大小。答案 (1) =2H2OO 2(2)生成相同体积的氧气所需要的时间(或相同时间

8、内，生成氧气的体积)(3)(4)V(H2O2)/mL V(H2O)/mL V(O2)/mL t/s41 b c e d2 c b e f或V(H2O2)/mL V(H2O)/mL t/s V(O2)/mL1 b c e d2 c b e f综合训练1某兴趣小组研究含一定浓度 Fe2 的溶液在不同条件下被氧气氧化的氧化率，实验结果如图所示，判断下列说法正确的是( )ApH 越小氧化率越大B温度越高氧化率越小CFe 2 的氧化率仅与溶液的 pH 和温度有关D实验说明降低 pH、升高温度有利于提高 Fe2 的氧化率解析：选 D 由可知，温度相同时 pH 越小，氧化率越大，由可知，pH 相同时，温度越

9、高，氧化率越大；Fe 2 的氧化率除受 pH、温度影响外，还受其他因素影响，如氧气的浓度等。2某酸性工业废水中含有 K2Cr2O7。光照下，草酸(H 2C2O4)能将其中的 Cr2O 转化为27Cr3 。某课题组研究发现，少量铁明矾Al 2Fe(SO4)424H2O即可对该反应起催化作用。为进一步研究有关因素对该反应速率的影响，探究如下：(1)在 25 下，控制光照强度、废水样品初始浓度和催化剂用量相同，调节不同的初始 pH 和一定浓度草酸溶液用量，作对比实验，完成以下实验设计表(表中不要留空格)。实验编号 初始 pH废水样品体积/mL草酸溶液体积/mL蒸馏水体积/mL 4 60 10 30

10、5 60 10 30 5 605测得实验和溶液中的 Cr2O 浓度随时间变化关系如图所示。27(2)上述反应后草酸被氧化为_(填化学式)。(3)实验和的结果表明_；实验中 O t1时间段反应速率 v(Cr3 )_ molL1 min1 (用代数式表示)。(4)该课题组对铁明矾Al 2Fe(SO4)424H2O中起催化作用的成分提出如下假设，请你完成假设二和假设三：假设一：Fe 2 起催化作用；假设二：_；假设三：_；(5)请你设计实验验证上述假设一，完成下表中内容。除了上述实验提供的试剂外，可供选择的试剂有 K2SO4、FeSO 4、K 2SO4Al2(SO4)324H2O、Al 2(SO4)

11、3等。溶液中 Cr2O 的浓度可用仪器测定27实验方案(不要求写具体操作过程) 预期实验结果和结论解析：(1)实验、中初始 pH 不同，为探究 pH 对反应速率的影响，则实验、为探究一定浓度草酸溶液用量对反应速率的影响，则实验、中试剂总用量应相同。(2)草酸中 C 为3 价，则其被氧化为 CO2。(3)实验和表明 pH 越小，则 Cr2O 转化为 Cr327的反应速率越快； v(Cr3 )2 v(Cr2O ) molL1 min1 。(4)根据铁明矾272(c0 c1)t1的组成可知，起催化作用的还可能为 Al3 、SO 。(5)进行对比实验，加入等物质的量的24K2SO4Al2(SO4)32

12、4H2O 代替中的铁明矾，验证起催化作用的是否为 Fe2 。答案：(1)20 20 (2)CO 2 (3)溶液的 pH 对该反应的速率有影响 (4)2(c0 c1)t1Al3 起催化作用 SO 起催化作用24(5)实验方案(不要求写具体操作过程) 预期实验结果和结论6用等物质的量的 K2SO4Al2(SO4)324H2O 代替实验中的铁明矾，控制其他反应条件与实验相同，进行对比实验反应进行相同时间后，若溶液中 c(Cr2O )27大于实验中的 c(Cr2O )，则假设一成立；27若两溶液中的 c(Cr2O )相同，则假设一不27成立题型二 速率常数及其应用运用题给新信息为载体进行解题是近几年高

13、考的一大热点，主要考查考生的迁移运用能力，但得分率极低；今以“速率常数”这一新信息为例，结合活化能和化学平衡常数相关计算进行讲解拓展，旨在让考生学会灵活变通，做到举一反三，稳取高分。重难点拨1速率常数含义速率常数( k)是指在给定温度下，反应物浓度皆为 1 molL1 时的反应速率。在相同的浓度条件下，可用速率常数大小来比较化学反应的反应速率。化学反应速率与反应物浓度(或浓度的次方)成正比，而速率常数是其比例常数，在恒温条件下，速率常数不随反应物浓度的变化而改变。因此，可以应用速率方程求出该温度下任意浓度时的反应速率。2速率方程一定温度下，化学反应速率与反应物浓度以其计量数为指数的幂的乘积成正

14、比。对于反应： aA bB=gG hH则 v kca(A)cb(B)(其中 k 为速率常数)。如：SO 2Cl2SO 2Cl 2 v k1c(SO2Cl2)2NO 2 2NOO 2 v k2c2(NO2)2H 22NO N22H 2O v k3c2(H2)c2(NO)3速率常数的影响因素温度对化学反应速率的影响是显著的，速率常数是温度的函数，同一反应，温度不同，速率常数将有不同的值，但浓度不影响速率常数。典例 (2016海南高考)顺1,2二甲基环丙烷和反1，2二甲基环丙烷可发生如下转化： 该反应的速率方程可表示为： v(正) k(正) c(顺)和 v(逆) k(逆) c(反)， k(正)和k(

15、逆)在一定温度时为常数，分别称作正、逆反应速率常数。回答下列问题：(1)已知： t1温度下， k(正)0.006 s1 ， k(逆)0.002 s1 ，该温度下反应的平衡常数值 K1_；该反应的活化能 Ea(正)小于 Ea(逆)，则 H_0(填“小于” “等7于”或“大于”)。(2)t2温度下，图中能表示顺式异构体的质量分数随时间变化的曲线是_(填曲线编号)，平衡常数值 K2_；温度 t2_t1(填“小于” “等于”或“大于”)，判断理由是_。解析 (1)根据 v(正) k(正) c(顺)、 k(正)0.006 s1 ，则 v(正)0.006 c(顺)，k(逆)0.002 s1 ， v(逆)

16、k(逆) c(反)0.002 c(反)，化学平衡状态时正逆反应速率相等，则0.006c(顺)0.002 c(反)， K1 c(反)/ c(顺)0.0060.0023；该反应的活化能 Ea(正)小于 Ea(逆)，说明断键吸收的能量小于成键释放的能量，即该反应为放热反应，则 H 小于零。(2)反应开始时， c(顺)的浓度大，单位时间的浓度变化大， w(顺)的变化也大，故 B 曲线符合题意，设顺式异构体的起始浓度为 x，该可逆反应左右物质系数相等，均为 1，则平衡时，顺式异构体为 0.3x，反式异构体为 0.7x，所以平衡常数值 K20.7 x0.3x ，因73为 K1 K2，放热反应升高温度时平衡

17、向逆反应方向移动，所以温度 t2大于 t1。答案 (1)3 小于(2)B 大于 放热反应升高温度时平衡向逆反应方向移动73综合训练1研究氮氧化物的反应机理，对于消除环境污染有重要意义。升高温度绝大多数的化学反应速率增大，但是 2NO(g)O 2(g)2NO 2(g)的速率却随温度的升高而减小。某化学小组为研究特殊现象的实质原因，查阅资料知：2NO(g)O 2(g)2NO 2(g)的反应历程分两步：2NO(g)N 2O2(g)(快)v1 正 k1 正 c2(NO) v1 逆 k1 逆 c(N2O2) H10N 2O2(g)O 2(g) 2NO2(g)(慢)v2 正 k2 正 c(N2O2)c(O

18、2) v2 逆 k2 逆 c2(NO2) H20请回答下列问题：(1)一定温度下，反应 2NO(g)O 2(g)2NO 2(g)达到平衡状态，请写出用 k1 正 、 k1 逆 、k2 正 、 k2 逆 表示的平衡常数表达式 K_，根据速率方程分析，升高温度该反应速率减小的原因是_(填字母)。a k2 正 增大， c(N2O2)增大b k2 正 减小， c(N2O2)减小c k2 正 增大， c(N2O2)减小8d k2 正 减小， c(N2O2)增大(2)由实验数据得到 v2 正 c(O2)的关系可用如图表示。当 x 点升高到某一温度时，反应重新达到平衡，则变为相应的点为_(填字母)。解析：(

19、1)由反应达到平衡状态可知， v1 正 v1 逆 、 v2 正 v2 逆 ，所以 v1 正 v2 正 v1 逆v2 逆 ，即 k1 正 c2(NO)k2 正 c(N2O2)c(O2) k1 逆 c(N2O2)k2 逆 c2(NO2)，则 K 。c2(NO2)c2(NO)c(O2) k1正 k2正k1逆 k2逆(2)因为决定 2NO(g)O 2(g)2NO 2(g)速率的是反应，升高温度， v2 正 减小，平衡向逆反应方向移动， c(O2)增大，因此当 x 点升高到某一温度时， c(O2)增大， v2 正 减小，符合条件的点为 a。答案：(1) c (2)ak1正 k2正k1逆 k2逆2(201

20、8全国卷)三氯氢硅(SiHCl 3)是制备硅烷、多晶硅的重要原料。反应2SiHCl3(g)=SiH2Cl2(g)SiCl 4(g) H48 kJmol1 ，采用大孔弱碱性阴离子交换树脂催化剂，在 323 K 和 343 K 时 SiHCl3的转化率随时间变化的结果如图所示。(1)343 K 时反应的平衡转化率 _%。平衡常数 K343 K_(保留 2 位小数)。(2)比较 a、 b 处反应速率大小： va_vb(填“大于” “小于”或“等于”)。反应速率k 正 、 k 逆 分别为正、逆向反应速率常数， x 为物质的量分数，计算 a 处的 _(保留 1 位小数)。v正v逆解析：(1)温度越高，反

21、应速率越快，达到平衡的时间越短，曲线 a 达到平衡的时间短，则曲线 a 代表 343 K 时 SiHCl3的转化率变化，曲线 b 代表 323 K 时 SiHCl3的转化率变化。由题图可知，343 K 时反应的平衡转化率 22%。设起始时 SiHCl3(g)的浓度为 1 molL1 ，则有2SiHCl3(g)=SiH2Cl2(g)SiCl 4(g)起始/(molL 1 ) 1 0 0转化/(molL 1 ) 0.22 0.11 0.11平衡/(molL 1 ) 0.78 0.11 0.119则 343 K 时该反应的平衡常数K343 K 0.02。c(SiH2Cl2)c(SiCl4)c2(Si

22、HCl3) (0.11 molL 1)2(0.78 molL 1)2(2)温度越高，反应速率越快， a 点温度为 343 K， b 点温度为 323 K，故反应速率：va vb。反应速率 则343 K 下反应达到平衡状态时 v 正 v 逆 ，即此时 SiHCl3的平衡转化率 22%，经计算可得 SiHCl3、SiH2Cl2、SiCl 4的物质的量分数分别为 0.78、0.11、0.11，则有 k 正 0.782 k 逆0.112， 0.02。 a 处 SiHCl3的平衡转化率 20%，此时k正k逆 0.1120.782SiHCl3、SiH 2Cl2、SiCl 4的物质的量分数分别为 0.8、0.1、0.1，则有 eq f(k 正v正v逆xoal(2, eq f( xoal(2,0.02 1.3。k正k逆 0.820.12答案：(1)22 0.02 (2)大于 1.310