（人教通用）2020版高考生物大一轮复习第五单元基因的传递规律第15讲基因的自由组合定律课件.pptx

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1、第15讲 基因的自由组合定律,第五单元 基因的传递规律,KAO GANG YAO QIU,考纲要求,1.基因的自由组合定律()。 2.孟德尔遗传实验的科学方法()。,NEI RONG SUO YIN,内容索引,考点一,自由组合定律的发现及应用,1.两对相对性状的杂交实验发现问题 (1)实验过程,答案,知识梳理,绿圆,绿皱,9331,(3)问题提出 F2中为什么出现新性状组合？为什么不同类型性状比为9331?,(2)结果分析,答案,黄色和圆粒,分离,分离,自由组合,2.对自由组合现象的解释提出假说 (1)理论解释(提出假设) 两对相对性状分别由 控制。 F1产生配子时， 彼此分离， 可以自由组合

2、。 F1产生的雌配子和雄配子各有 ，且数量比相等。 受精时，雌雄配子的结合是 的。,答案,两对遗传因子,每对遗传因子,不同对的遗传因子,4种,随机,(2)遗传图解(棋盘格式),归纳总结,3.对自由组合现象的验证演绎推理、验证假说 (1)演绎推理图解,YR,Yr,yR,yr,YyRr,Yyrr,黄色皱粒,绿色皱粒,1 1 1 1,答案,(2)实施实验结果：实验结果与演绎结果相符，则假说成立。 黄色圆粒豌豆和绿色皱粒豌豆的测交实验结果,答案,母本,父本,1 1 1 1,4.自由组合定律 (1)定律实质与各种比例的关系,答案,非同源染色,体上,非同源染色体,1111,9331,1111,1111,1

3、111,(2)细胞学基础,(3)研究对象： 。 (4)发生时间： 。 (5)适用范围,答案,位于非同源染色体上的非等位基因,减数第一次分裂后期,真核生物,细胞核遗传,5.自由组合定律的应用 (1)指导杂交育种：把 结合在一起。,答案,优良性状,不同优良性状亲本 F1 F2(选育符合要求个体) 纯合子,(2)指导医学实践：为遗传病的 提供理论依据。分析两种或两种以上遗传病的传递规律，推测基因型和表现型的比例及群体发病率。,预测和诊断,6.孟德尔获得成功的原因,答案,豌豆,统计学,假说演绎,1.判断下列有关两对相对性状杂交和测交实验的叙述 (1)F1产生基因型为YR的雌配子和基因型为YR的雄配子数

4、量之比为11( ) (2)在F1黄色圆粒豌豆(YyRr)自交产生的F2中，与F1基因型完全相同的个体占1/4( ) (3)F2的9331性状分离比一定依赖于雌雄配子的随机结合( ) (4)F2的黄色圆粒中，只有基因型为YyRr的个体是杂合子，其他的都是纯合子( ) (5)若F2中基因型为Yyrr的个体有120株，则基因型为yyrr的个体约为60株( ) (6)若双亲豌豆杂交后子代表现型之比为1111，则两个亲本基因型一定为YyRryyrr( ),常考基础诊断,CHANG KAO JI CHU ZHEN DUAN,答案,2.判断下列有关基因自由组合定律内容及相关适用条件的叙述 (1)在进行减数分

5、裂的过程中，等位基因彼此分离，非等位基因表现为自由组合( ) (2)基因自由组合定律是指F1产生的4种类型的雄配子和雌配子可以自由组合( ) (3)某个体自交后代性状分离比为31，则说明此性状一定是由一对等位基因控制的 ( ) (4)孟德尔自由组合定律普遍适用于乳酸菌、酵母菌、蓝藻、各种有细胞结构的生物 ( ) (5)基因分离定律和自由组合定律具有相同的细胞学基础( ) (6)能用分离定律的结果证明基因是否符合自由组合定律( ) (7)基因型为AaBb的个体自交，后代表现型比例为31或121，则该遗传可能遵循基因的自由组合定律( ),答案,1.完善以下图解，体验利用分解组合法预测F1自交所得F

6、2的基因型和表现型。,教材热点拓展,JIAO CAI RE DIAN TUO ZHAN,1YY2Yy1yy,3黄色 1绿色,1RR2Rr1rr,3圆粒1皱粒,1YYRR、2YyRR、2YYRr、 4YyRr(黄圆),1yyRR、2yyRr(绿圆),1YYrr、2Yyrr(黄皱),1yyrr(绿皱),答案,2.完善下图结果分析。,答案,4,9331,9,4,答案,2,2,31,2,11,答案,2,3,121,2,11,答案,4,1111,4,答案,4,1111,4,命题点一 自由组合定律的实质及验证 1.已知三对基因在染色体上的位置情况如图所示，且三对基因分别单独控制三对相对性状，则下列说法正确

7、的是 A.三对基因的遗传遵循基因的自由组合定律 B.基因型为AaDd的个体与基因型为aaDd的个体杂交后代会出现4种表现型，比例为3311 C.如果基因型为AaBb的个体在产生配子时没有发生交叉互换，则它只产生4种配子 D.基因型为AaBb的个体自交后代会出现4种表现型，比例为9331,命题探究,答案,解析,解析 A、a和D、d基因的遗传遵循基因的自由组合定律，A、a和B、b基因的遗传不遵循基因的自由组合定律；如果基因型为AaBb的个体在产生配子时没有发生交叉互换，则它只产生2种配子；由于A、a和B、b基因的遗传不遵循基因的自由组合定律，因此，基因型为AaBb的个体自交后代不一定会出现4种表现

8、型且比例不会为9331。,2.已知玉米的体细胞中有10对同源染色体，下表为玉米6个纯系的表现型、相应的基因型(字母表示)及所在的染色体，品系均只有一种性状是隐性的，其他性状均为显性纯合。下列有关说法正确的是,A.若通过观察和记录后代中节的长短来验证基因分离定律，选作亲本的组合可以是品系和 B.若要验证基因的自由组合定律，可选择品系和做亲本进行杂交 C.选择品系和做亲本杂交得F1，F1自交得F2，则F2表现为长节高茎的植株中，纯合子的概率为 D.玉米的高度与胚乳颜色这两种性状的遗传遵循自由组合定律,答案,解析,解析 通过观察和记录后代中节的长短来验证基因分离定律，则选作亲本的组合应是品系和，A项

9、错误； 若要验证基因的自由组合定律，可选择品系和或品系和等作亲本进行杂交，B项错误；,只考虑节长和茎的高度，则品系和的基因型分别是bbDD和BBdd，杂交得F1，其基因型为BbDd，自交得F2，F2长节高茎(B_D_)中纯合子占 ，C项正确；,控制玉米高度和胚乳颜色的基因均位于染色体上，其遗传不遵循基因自由组合定律，D项错误。,“实验法”验证遗传定律,规律方法,命题点二 自由组合定律的实践应用 3.(2018东莞东华高级中学调研)有两个纯种的小麦品种：一个抗倒伏(d)但易感锈病(r)，另一个易倒伏(D)但能抗锈病(R)。两对相对性状独立遗传。让它们进行杂交得到F1，F1再进行自交，F2中出现了

10、既抗倒伏又抗锈病的新品种。下列说法中正确的是 A.F2中出现的既抗倒伏又抗锈病的新品种都能稳定遗传 B.F1产生的雌雄配子数量相等，结合的概率相同 C.F2中出现的既抗倒伏又抗锈病的新品种占9/16 D.F2中易倒伏与抗倒伏的比例为31，抗锈病与易感锈病的比例为31,答案,解析,解析 F2中既抗倒伏又抗锈病个体的基因型是ddRR和ddRr，杂合子不能稳定遗传，A项错误； F1产生的雌雄配子数量不相等，B项错误； F2中既抗倒伏又抗锈病的新品种占3/16，C项错误； F1的基因型为DdRr，每一对基因的遗传仍遵循基因的分离定律，D项正确。,4.如图所示家系中的遗传病是由位于两对常染色体上的等位基

11、因控制的，当两种显性基因同时存在时个体才不会患病。若5号和6号的子代中患病纯合子的概率为 ，据此分析，下列判断正确的是,A.1号个体和2号个体的基因型相同 B.3号个体和4号个体只能是纯合子 C.7号个体的基因型最多有2种可能 D.8号男性患者是杂合子的概率为,答案,解析,解析 若5、6号子代患病纯合子概率为 ，5号个体和6号个体的基因型均为AaBb,1号个体和2号个体都正常，基因型为A_B_；5号个体的基因型是AaBb，所以1号个体和2号个体的基因不一定相同，可以都是AaBb，也可以是AABB和AaBb或AaBB和AaBb等，A项错误；,3号个体和4号个体是患者，而其子代6号个体的基因型是A

12、aBb，所以3号个体和4号个体的基因型可能是AAbb、aaBB，也可能是Aabb、aaBb等，B项错误； 7号个体不患病，基因型是A_B_，基因型有AABB、AABb、AaBB、AaBb 4种可能，C项错误；,8号个体患病，可能的基因型及比例为AAbbAabbaaBBaaBbaabb12121，则该个体是杂合子的概率是 ，D项正确。,考点二,自由组合定律的常规解题规律和方法,题型1 由亲本基因型推断配子及子代相关种类及比例(拆分组合法),1.思路 将多对等位基因的自由组合分解为若干分离定律分别分析，再运用乘法原理进行组合。,2.方法,1.某二倍体植物花瓣的大小受一对等位基因A、a控制，基因型为

13、AA的植株表现为大花瓣，Aa为小花瓣，aa为无花瓣。花瓣颜色(红色和黄色)受另一对等位基因R、r控制，R对r为完全显性，两对基因独立遗传。下列有关叙述错误的是 A.若基因型为AaRr的个体测交，则子代表现型有3种，基因型有4种 B.若基因型为AaRr的亲本自交，则子代共有9种基因型，6种表现型 C.若基因型为AaRr的亲本自交，则子代有花瓣植株中，AaRr所占比例约为1/3，而所有植株中的纯合子约占1/4 D.若基因型为AaRr与Aarr的亲本杂交，则子代是红色花瓣的植株占3/8,题型突破,答案,解析,解析 若基因型为AaRr的个体测交，则子代基因型有AaRr、Aarr、aaRr、aarr 4

14、种，表现型有3种，分别为小花瓣红色、小花瓣黄色、无花瓣，A项正确； 若基因型为AaRr的亲本自交，由于两对基因独立遗传，因此根据基因的自由组合定律，子代共有339(种)基因型，而Aa自交子代表现型有3种，Rr自交子代表现型有2种，但由于aa表现为无花瓣，故aaR_与aarr的表现型相同，所以子代表现型共有5种，B项错误； 若基因型为AaRr的亲本自交，则子代有花瓣植株中，AaRr所占比例约为2/31/21/3，子代的所有植株中，纯合子所占比例约为1/4，C项正确； 若基因型为AaRr与Aarr的亲本杂交，则子代是红色花瓣(A_Rr)的植株所占比例为3/41/23/8，D项正确。,2.某植物个体

15、的基因型为Aa(高茎)Bb(红花)Cc(灰种皮)dd(小花瓣)，请思考如下问题：,(1)若某基因型为AaBbCcdd个体的体细胞中基因与染色体的位置关系如图1所示，则其产生的配子种类数为_种，基因型为AbCd的配子所占比例为_，其自交所得子代的基因型有_种，其中AABbccdd所占比例为_，其中子代的表现型有_种，其中高茎红花灰种皮小花瓣个体所占比例为_。,图1,答案,解析,8,1/8,27,1/32,8,27/64,解析 如图1所示，几对基因分别位于不同对同源染色体上，则各自独立遗传，遵循基因的自由组合定律，先分开单独分析，每对基因中只有dd产生1种d配子，其他都产生2种配子，因此共产生22

16、218(种)配子；基因型为AbCd的配子所占比例为1/21/21/211/8；自交所得子代的基因型有333127(种)，其中AABbccdd所占比例为1/41/21/411/32；其中子代的表现型有22218(种)，其中高茎红花灰种皮小花瓣个体所占比例为3/43/43/4127/64。,(2)若某基因型为AaBbCcdd个体的体细胞中基因与染色体的位置关系如图2所示(不发生交叉互换)，则其产生的配子种类数为_种，基因型为AbCd的配子所占比例为_，其自交所得子代的基因型有_种，其中AaBbccdd所占比例为_，其中子代的表现型有_种，其中高茎红花灰种皮小花瓣个体所占比例为_。,图2,答案,解析

17、,4,1/4,9,1/8,6,3/8,解析 如图2所示，A、a和B、b两对等位基因位于同一对同源染色体上，其他基因都位于不同对同源染色体上，则AaBb可产生Ab和aB两种配子，而Ccdd可产生两种配子，因此共产生224(种)配子；基因型为AbCd的配子所占比例为1/21/21/4；自交所得子代的基因型有3319(种)，其中AaBbccdd所占比例为1/21/411/8，其中子代的表现型有3216(种)，其中高茎红花灰种皮小花瓣个体所占比例为1/23/413/8。,(3)若某基因型为AaBbCcdd个体的体细胞中基因与染色体的位置关系如图3所示(不发生交叉互换)，则其产生的配子种类数为_种，基因

18、型为AbCd的配子所占比例为_，其自交所得子代的基因型有_种，其中AABbccdd所占比例为_，其中子代的表现型有_种，其中高茎红花灰种皮小花瓣个体所占比例为_。,图3,答案,解析,8,1/8,27,1/32,8,27/64,解析 如图3所示，A、a和d、d两对基因位于同一对同源染色体上，其他基因都位于不同对同源染色体上，则Aadd可产生Ad和ad两种配子，BbCc可产生4种配子，因此总共产生248(种)配子，基因型为AbCd的配子所占比例为1/21/21/21/8；自交所得子代的基因型有33327(种)，其中AABbccdd所占比例为1/41/21/41/32；其中子代的表现型有2228种，

19、其中高茎红花灰种皮小花瓣个体所占比例为3/43/43/427/64。,题型2 根据子代表现型及比例推断亲本基因型(逆向组合法),1.基因填充法 根据亲代表现型可大概写出其基因型，如A_B_、aaB_等，再根据子代表现型将所缺处填完，特别要学会利用后代中的隐性性状，因为后代中一旦存在双隐性个体，那亲代基因型中一定存在a、b等隐性基因。 2.分解组合法 根据子代表现型比例拆分为分离定律的分离比，确定每一对相对性状的亲本基因型，再组合。如： (1)9331(31)(31)(AaAa)(BbBb) AaBbAaBb； (2)1111(11)(11)(Aaaa)(Bbbb) AaBbaabb或Aabba

20、aBb； (3)3311(31)(11)(AaAa)(Bbbb)或(Aaaa)(BbBb) AaBbAabb或AaBbaaBb。,3.某种雌雄同株植物的花色由两对等位基因(A与a、B与b)控制，叶片宽度由另一对等位基因(C与c)控制，三对等位基因分别位于3对同源染色体上。已知花色有三种表现型，紫花(A_B_)、粉花(A_bb)和白花(aaB_或aabb)。下表为某校探究小组所做的杂交实验结果。请写出甲、乙、丙三个杂交组合亲本的基因型。甲：_；乙：_；丙：_。,答案,解析,题型突破,AaBbCcAaBbcc,AABbCcaaBbCc,AabbCcAabbcc,解析 分析花色：在甲组子代花色中，紫

21、花粉花白花934，因此甲组亲本紫花个体基因型均为AaBb；因紫花、白花基因型通式分别为A_B_和aaB_(或aabb)，乙组子代出现粉花(A_bb)，而没出现白花(aaB_或aabb)，则乙组紫花亲本的基因型为AABb，又因乙组子代紫花粉花31，所以可知乙组白花亲本基因型为aaBb；因粉花基因型通式为A_bb，丙组子代有白花(aaB_或aabb)个体出现，又因丙组子代粉花白花31，则丙组粉花亲本基因型为Aabb。分析叶片宽度：乙组子代宽叶窄叶(93)(31)31，由此可推断宽叶为显性，乙组宽叶亲本均为Cc；甲组子代宽叶窄叶(934)(934)11，则甲组亲本基因型为Cccc；同理可知丙组的亲本

22、基因型为Cccc。,A.若只研究茎高度的遗传，图示表现型为高秆的个体中，纯合子的概率为 B.甲、乙两植株杂交产生的子代有6种基因型，4种表现型 C.对甲植株进行测交，可得到能稳定遗传的矮秆抗病个体 D.甲、乙两植株的基因型分别为DdRR和Ddrr,4.水稻的高秆(D)对矮秆(d)为显性，抗稻瘟病(R)对易感稻瘟病(r)为显性，这两对基因位于不同对的染色体上，将一株高秆抗病的植株(甲)与另一株高秆易感病的植株(乙)杂交，结果如图所示，下面有关叙述，正确的是,答案,解析,解析 若只研究茎高度的遗传，图示表现型为高秆的个体中，基因型为DD和Dd，比例为12，所以纯合子的概率为 ，A项错误；,甲、乙两

23、植株杂交产生的子代基因型有326种，表现型有224种，B项正确； 对甲植株进行测交，得到的矮秆抗病个体基因型为ddRr，是杂合子，不能稳定遗传，C项错误； 根据分析，甲、乙两植株的基因型分别为DdRr和Ddrr，D项错误。,题型3 自由组合中的自交、测交和自由交配问题,纯合黄色圆粒豌豆(YYRR)和纯合绿色皱粒豌豆(yyrr)杂交后得F1，F1再自交得F2，若F2中黄色圆粒豌豆个体和绿色圆粒豌豆个体分别进行自交、测交和自由交配，所得子代的表现型及比例分别如下表所示：,5.某种蝴蝶紫翅(Y)对黄翅(y)为显性，绿眼(G)对白眼(g)为显性，两对等位基因分别位于两对同源染色体上，生物小组同学用紫翅

24、绿眼和紫翅白眼的蝴蝶进行杂交，F1出现的性状类型及比例如下图所示。下列说法错误的是,题型突破,A.F1中紫翅绿眼个体自交(基因型相同个体间的交配)，相应性状之比是15531 B.F1中紫翅白眼个体自交(基因型相同个体间的交配)，其中纯合子所占比例是2/3 C.F1中紫翅绿眼个体与黄翅白眼个体交配，则后代相应的性状之比是4211,D.F1中紫翅白眼个体自由交配，其后代纯合子所占比例是5/9,答案,解析,解析 紫翅绿眼和紫翅白眼的基因型通式分别为Y_G_和Y_gg，二者杂交所得F1中紫翅黄翅31，则这两个亲本的基因型为YyYy，绿眼白眼11，属于测交，说明亲本中绿眼的基因型为Gg。则这两个亲本的基

25、因型为YyGgYygg。F1中紫翅绿眼的基因型及比例为YYGgYyGg12，则1/3YY和2/3Yy自交子代中紫翅黄翅51，Gg自交子代中绿眼白眼31，则子代(紫翅黄翅)(绿眼白眼)(51)(31)紫翅绿眼(Y_G_)紫翅白眼(Y_gg)黄翅绿眼(yyG_)黄翅白眼(yygg)15531，A正确； F1紫翅白眼个体的基因型及比例为YYggYygg12，则自交子代纯合子所占比例为1/32/31/22/3，B正确；,F1紫翅绿眼和黄翅白眼的基因型分别为Y_Gg和yygg，用逐对分析法计算：Y_yy所得子代中表现型和比例为紫翅黄翅21；Gggg绿眼白眼11，则F2的性状分离比为(21)(11)221

26、1，C错误； F1紫翅白眼基因型及比例为YyggYYgg21，则紫翅白眼个体中Y和y的基因频率分别为2/3和1/3，自由交配，其后代纯合子所占比例为2/32/31/31/35/9，D正确。,6.玉米宽叶(A)对窄叶(a)为显性，宽叶杂交种(Aa)玉米表现为高产，比AA和aa品种的产量分别高12%和20%。玉米有茸毛(D)对无茸毛(d)为显性，有茸毛玉米植株具有显著的抗病能力，该显性基因纯合时植株幼苗期不能存活。两对基因独立遗传。高产有茸毛玉米自交产生F1，再让F1随机交配产生F2，下列有关F1与F2的成熟植株的叙述正确的是 A.有茸毛与无茸毛之比分别为21和23 B.都有9种基因型 C.高产抗

27、病类型分别占 D.宽叶有茸毛类型分别占和,答案,解析,解析 有茸毛的基因型是Dd(DD幼苗期死亡)，无茸毛的基因型是dd，高产有茸毛玉米自交产生的F1中Dddd21，即有茸毛无茸毛21，F1随机交配产生的配子为1/3D、2/3d。根据遗传平衡定律得DD为1/9，Dd为4/9，dd为4/9，因此F2中有茸毛无茸毛11，A项错误； 由于DD幼苗期死亡，所以高产有茸毛玉米AaDd自交产生的F1中，只有6种基因型，B项错误；,矫正易错 强记长句,命题探究,易错警示突破选择题,1.F2出现9331的4个条件 (1)所研究的每一对相对性状只受一对等位基因控制，而且等位基因要完全显性。 (2)不同类型的雌、

28、雄配子都能发育良好，且受精的机会均等。 (3)所有后代都应处于比较一致的环境中，而且存活率相同。 (4)供实验的群体要足够大，个体数量要足够多。 2.自由组合定律的实质是位于非同源染色体上的非等位基因随非同源染色体的自由组合而组合，而“非等位基因”是指不在同源染色体相同位置上的不同基因，同源染色体上及同一条染色体上都有“非等位基因”。这里的“基因自由组合”发生在配子形成(减后期)过程中，不是发生在受精作用过程中。,命题探究,长句应答突破简答题,1.利用自交法确定基因位置：F1自交，如果后代性状分离比符合31，则控制两对或多对相对性状的基因位于一对同源染色体上；如果后代性状分离比符合9331或(

29、31)n(n2)，则控制两对或多对相对性状的基因位于两对或多对同源染色体上。 2.利用测交法确定基因位置：F1测交，如果测交后代性状比符合11，则控制两对或多对相对性状的基因位于一对同源染色体上；如果测交后代性状比符合1111或(11)n(n2)，则控制两对或多对相对性状的基因位于两对或多对同源染色体上。,3.利用现有绿色圆粒豌豆(yyRr)，获得纯合的绿色圆粒豌豆的实验思路：让绿色圆粒豌豆(yyRr)自交，淘汰绿色皱粒豌豆，再连续自交并选择，直到不发生性状分离为止。 4.利用aaBBCC、AAbbCC和AABBcc来确定这三对等位基因是否分别位于三对同源染色体上的实验思路：选择、三个杂交组合

30、，分别得到F1和F2，若各杂交组合的F2中均出现四种表现型，且比例为9331，则可确定这三对等位基因分别位于三对染色体上。,重温高考 演练模拟,1.(2013天津，5)大鼠的毛色由独立遗传的两对等位基因控制。用黄色大鼠与黑色大鼠进行杂交实验，结果如图。据图判断，下列叙述正确的是,答案,解析,1,2,3,4,5,A.黄色为显性性状，黑色为隐性性状 B.F1与黄色亲本杂交，后代有两种表现型 C.F1和F2中灰色大鼠均为杂合子 D.F2黑色大鼠与米色大鼠杂交，其后代中出现米色大鼠的概率为,解析 假设控制大鼠毛色的两对等位基因为A、a和B、b。由图示F2表现型及比例为灰色黄色黑色米色9331可确定，灰

31、色是“双”显性性状，基因组成为A_B_，米色是“双”隐性性状，基因组成为aabb，黄色和黑色都是“单”显性性状，基因组成分别为A_bb和aaB_(设黄色为A_bb，黑色为aaB_)，A错误； 根据亲代黄色大鼠和黑色大鼠杂交，F1全部是灰色，可判断亲代黄色大鼠基因型为AAbb，黑色大鼠基因型为aaBB，F1灰色大鼠基因型均为AaBb。F1与黄色亲本(AAbb)杂交，后代有灰色(A_Bb)和黄色(A_bb)两种表现型，B正确； F2中灰色大鼠基因型1AABB、2AABb、2AaBB、4AaBb，其中包含纯合子AABB，C错误； F2中黑色大鼠基因型为1/3aaBB、2/3aaBb，与米色大鼠(aa

32、bb)杂交，其后代出现米色大鼠的概率为2/31/21/3。,1,2,3,4,5,2.(2017全国，6)若某哺乳动物毛色由3对位于常染色体上的、独立遗传的等位基因决定，其中，A基因编码的酶可使黄色素转化为褐色素；B基因编码的酶可使该褐色素转化为黑色素；D基因的表达产物能完全抑制A基因的表达；相应的隐性等位基因a、b、d的表达产物没有上述功能。若用两个纯合黄色品种的动物作为亲本进行杂交，F1均为黄色，F2中毛色表现型出现了黄褐黑5239的数量比，则杂交亲本的组合是 A.AABBDDaaBBdd，或AAbbDDaabbdd B.aaBBDDaabbdd，或AAbbDDaaBBDD C.aabbDD

33、aabbdd，或AAbbDDaabbdd D.AAbbDDaaBBdd，或AABBDDaabbdd,答案,解析,1,2,3,4,5,1,2,3,4,5,3.(2016全国，6)用某种高等植物的纯合红花植株与纯合白花植株进行杂交，F1全部表现为红花。若F1自交，得到的F2植株中，红花为272株，白花为212株；若用纯合白花植株的花粉给F1红花植株授粉，得到的子代植株中，红花为101株，白花为302株。根据上述杂交实验结果推断，下列叙述正确的是 A.F2中白花植株都是纯合子 B.F2中红花植株的基因型有2种 C.控制红花与白花的基因在一对同源染色体上 D.F2中白花植株的基因型种类比红花植株的多,

34、答案,解析,1,2,3,4,5,解析 用纯合白花植株的花粉给F1红花植株授粉，得到的子代植株中，红花为101株，白花为302株，即红花白花13，符合两对等位基因自由组合的杂合子测交子代比例1111的变式，由此可推知该相对性状由两对独立遗传的等位基因控制(设为A、a和B、b)，故C项错误； F1的基因型为AaBb，F1自交得到的F2中白花植株的基因型有A_bb、aaB_和aabb，故A项错误； F2中红花植株(A_B_)的基因型有4种，故B项错误； F2中白花植株的基因型有5种，红花植株的基因型有4种，故D项正确。,1,2,3,4,5,4.(2018全国，31)某小组利用某二倍体自花传粉植物进行

35、两组杂交实验，杂交涉及的四对相对性状分别是：红果(红)与黄果(黄)、子房二室(二)与多室(多)、圆形果(圆)与长形果(长)、单一花序(单)与复状花序(复)。实验数据如下表。,1,2,3,4,5,回答下列问题： (1)根据表中数据可得出的结论是：控制甲组两对相对性状的基因位于_ _上，依据是_；控制乙组两对相对性状的基因位于_(填“一对”或“两对”)同源染色体上，依据是_ _。,答案,解析,1,2,3,4,5,源染色体,非同,F2中两对相对性状表现型的分离比符合9331,一对,F2中每对相对性状表现型的分离比都符合31，而两对相对,性状表现型的分离比不符合9331,解析 由于表中数据显示甲组F2

36、的表现型及比例为红二红多黄二黄多9331，该比例符合基因的自由组合定律的性状分离比，所以控制甲组两对相对性状的基因位于非同源染色体上。乙组F2的表现型中，每对相对性状表现型的比例都符合31，即圆形果长形果31，单一花序复状花序31。而圆单圆复长单长复不符合9331的性状分离比，不符合基因的自由组合定律，所以控制乙组两对相对性状的基因位于一对同源染色体上。,1,2,3,4,5,(2)某同学若用“长复”分别与乙组的两个F1进行杂交，结合表中数据分析，其子代的统计结果不符合_的比例。,答案,解析,1,2,3,4,5,1111,解析 根据乙组的相对性状表现型分离比可知，控制乙组两对相对性状的基因位于一

37、对同源染色体上，所以用“长复”(隐性纯合子)分别与乙组的两个F1进行杂交，不会出现测交结果为1111的比例。,5.真题节选重组 (1)(2018全国，32节选)果蝇体细胞有4对染色体，其中2、3、4号为常染色体。已知控制长翅/残翅性状的基因位于2号染色体上，控制灰体/黑檀体性状的基因位于3号染色体上。某小组用一只无眼灰体长翅雌蝇与一只有眼灰体长翅雄蝇杂交，杂交子代的表现型及其比例如下：,1,2,3,4,5,解析 由题意知，控制长翅/残翅性状的基因位于2号染色体上，控制灰体/黑檀体性状的基因位于3号染色体上，控制有眼/无眼性状的基因位于4号染色体上，它们的遗传符合基因的自由组合定律。现将具有三对

38、相对性状的纯合亲本杂交，F1为杂合子(假设基因型为AaBbDd)，F1相互交配后，F2有2228(种)表现型。根据表格中的性状分离比9331可知，黑檀体性状为隐性，长翅性状为显性，若子代黑檀体(1/4)长翅(3/4)无眼(？)的概率为3/64，则无眼的概率为1/4，无眼性状为隐性。,若控制有眼/无眼性状的基因位于4号染色体上，用灰体长翅有眼纯合子和黑檀体残翅无眼纯合子果蝇杂交，F1相互交配后，F2中雌雄均有_种表现型，其中黑檀体长翅无眼所占比例为3/64时，则说明无眼性状为_(填“显性”或“隐性”)。,1,2,3,4,5,8,隐性,答案,解析,1,2,3,4,5,(2)(2014山东，28节选

39、)果蝇的灰体(E)对黑檀体(e)为显性；短刚毛和长刚毛是一对相对性状，由一对等位基因(B、b)控制。这两对基因位于常染色体上且独立遗传。用甲、乙、丙三只果蝇进行杂交实验，杂交组合、F1表现型及比例如下：,实验一 P 甲 乙 F1 灰体长刚毛 灰体短刚毛 黑檀体长刚毛 黑檀体短刚毛 比例 1 1 1 1,1,2,3,4,5,实验二 P 乙 丙 F1 灰体长刚毛 灰体短刚毛 黑檀体长刚毛 黑檀体短刚毛 比例 1 3 1 3 根据实验一和实验二的杂交结果，推断乙果蝇的基因型可能为_或_。若实验一的杂交结果能验证两对基因E、e和B、b的遗传遵循自由组合定律，则丙果蝇的基因型应为_。,答案,解析,EeB

40、b,eeBb(注：两空可颠倒),eeBb,解析 根据题干信息可知，两对基因位于常染色体上且独立遗传。分析实验一的F1，灰体黑檀体11，长刚毛短刚毛11，单独分析每对等位基因的杂交特点，可知都是测交类型，由此可推知实验一的亲本组合为EeBbeebb或eeBbEebb。分析实验二的F1，灰体黑檀体11，长刚毛短刚毛13，可推知亲本有关体色的杂交为测交，有关刚毛长度的杂交为双杂合子杂交，且短刚毛为显性性状，这样可以确定乙和丙控制刚毛长度的基因型都是Bb，但无法进一步确定控制体色的基因型。根据实验一和实验二的杂交结果，可推断乙的基因型可能是EeBb或eeBb。若实验一的杂交结果能验证两对等位基因的遗传

41、遵循自由组合定律，则可确定甲和乙的杂交方式为测交，即有一个为双杂合子，另一个为隐性纯合子，而前面判断已确定乙控制刚毛长度的基因型是Bb，所以乙的基因型为EeBb，甲的基因型为eebb，进而推断丙的基因型为eeBb。,1,2,3,4,5,答案,解析,1,2,3,4,5,实验二的F1中与亲本果蝇基因型不同的个体所占的比例为_。,实验二 P 乙 丙 F1 灰体长刚毛 灰体短刚毛 黑檀体长刚毛 黑檀体短刚毛 比例 1 3 1 3,1/2,解析 根据中分析可知，实验二的亲本基因型为EeBb和eeBb，其后代基因型为EeBb的概率是1/21/21/4，后代基因型为eeBb的概率是1/21/21/4，故F1

42、中与亲本果蝇基因型不同的个体所占的比例为11/41/41/2。,课时作业,一、选择题 1.(2018咸阳一模)下列有关基因分离定律和基因自由组合定律的说法，正确的是 A.一对相对性状的遗传一定遵循基因的分离定律而不遵循基因的自由组合定律 B.分离定律发生在配子产生过程中，自由组合定律发生在配子随机结合过程中 C.多对等位基因遗传时，在等位基因分离的同时，非等位基因自由组合 D.若符合自由组合定律，双杂合子自交后代不一定出现9331的性状分离比,答案,解析,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,解析 如果一对相对性状由两对或多对非同源染色体上的等位基因控制，则遵循自由组合定

43、律，A项错误； 自由组合定律发生在减数分裂形成配子的过程中，B项错误； 多对等位基因如果位于同源染色体上，则不遵循自由组合定律，C项错误； 如果双杂合子的两对等位基因之间存在互作关系，则可能不符合9331的性状分离比，D项正确。,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,A.乙个体自交后代会出现3种表现型，比例为121 B.丁图个体减数分裂时可以恰当地揭示孟德尔自由组合定律的实质 C.孟德尔用丙YyRr自交，其子代分离比表现为9331，这属于假说演绎的验证假说阶段 D.孟德尔用假说演绎法揭示基因分离定律时，可以选甲、乙、丙、丁为材料,2.据下图能得出的结论是,答案,解析,1,

44、2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,解析 乙个体YYRr自交，后代会出现2种表现型，比例为31，A错误； 丁图个体有2对基因是杂合的，但这2对基因位于同一对同源染色体上，所以，减数分裂时不能恰当地揭示孟德尔自由组合定律的实质，B错误； 孟德尔用YyRr与yyrr测交，其子代分离比表现为1111，这属于假说演绎的验证阶段，C错误； 甲、乙、丙、丁中都至少含有一对等位基因，因此揭示基因分离定律时，可以选甲、乙、丙、丁为材料，D正确。,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,3.(2018黄州区校级二模)摩尔根的学生穆勒在培养果蝇时得到了黏胶眼和展翅两种品系，

45、果蝇黏胶眼基因(G)和展翅(D)均为号染色体上的显性基因，G或D纯合时有致死效应。请问以下哪种方法最适合长期保留这两种果蝇品系 A.分别寻找黏胶眼的纯合品系和展翅的纯合品系并独立繁殖保留 B.分别寻找黏胶眼的杂合品系和展翅的杂合品系并独立繁殖保留 C.选择既非黏胶眼又非展翅的隐性纯合品系，与黏胶眼杂合品系和展翅杂合品系分别杂交并保留 D.寻找既为黏胶眼又为展翅且两个显性基因不在同一条号染色体上的品系相互杂交并保留,答案,解析,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,解析 根据题意可知，“G或D纯合时有致死效应”，因此不可能找到黏胶眼的纯合品系和展翅的纯合品系，A项不适合；

46、分别寻找黏胶眼的杂合品系(Ggdd)和展翅的杂合品系(ggDd)并独立繁殖保留，可以保留这两种品系，但是繁殖过程中会发生性状分离，并且会出现显性纯合致死个体，B项不适合； 选择既非黏胶眼又非展翅的隐性纯合品系(ggdd)，与黏胶眼杂合品系(Ggdd)和展翅杂合品系(ggDd)分别杂交并保留，可以达到保留的效果，但是后代会出现隐性纯合个体，C项不适合； 寻找既为黏胶眼又为展翅且两个显性基因不在同一条号染色体上的品系，基因型为GgDd，并且产生的配子类型为Gd、gD，让它们相互杂交并保留，可以获得既为黏胶眼又为展翅的个体，最适合长期保留这两种果蝇品系，D项最适合。,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,4.(2018衡水二调)豌豆灰种皮(G)对白种皮(g)为显性，黄子叶(Y)对绿子叶(y)为显性，两对基因独立遗传。现将基因型为GGyy与ggYY的豌豆植株杂交，再让F1自交得F2。下列相关结论，错误的是 A.F1植株上所结的种子，种皮细胞的基因组成是GgYy B.F1植株上所结的种子，子叶颜色的分离比为13 C.若F2自交，F2植株上所结的种子，种皮颜色的分离比为53 D.若F2自交，F2植株上所结的种子，灰种皮绿子叶与白种皮黄子叶的比为95,