[计算机类试卷]软件水平考试（中级）软件设计师上午（基础知识）试题模拟试卷42及答案与解析.doc

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1、软件水平考试（中级）软件设计师上午（基础知识）试题模拟试卷 42及答案与解析 1 主存储器简称为主存 (或内存 )。以下不属于主存组成部件的是 (1)。 （ A）时序电路 （ B）数据寄存器 （ C）控制线路 （ D）地址译码器 2 在计算机中，最适合进行数字加减运算的数字编码是 (2)。 （ A）原码 （ B）反码 （ C）移码 （ D）补码 3 在计算机体系结构中， CPU内部包括程序计数器 (PC)、存储器数据寄存器(MDR)、指令寄存器 (IR)和存储器地址寄存器 (MAR)等。若 CPU要执行的指令为：MOV R1， #55(即将数值 55传送到寄存器 R1中 )，则 CPU首先要完

2、成的操作是(3)。 （ A） PCMAR （ B） PCIR （ C） 55MDR （ D） 55R1 4 某服务器系统可用性达到 99.99%，那么该系统每年的 MTTR必须小于 (4)。 （ A） 4分钟 （ B） 10分钟 （ C） 53分钟 （ D） 106分钟 5 指令流水线将一条指令的执行过程分为 4步，其中第 1、 2和 4步的经过时间为t，如图 7-1所示。若该流水线顺序执行 100条指令共用 303t，并且不考虑相关问题，则该流水线的瓶 颈第 3步的时间为 (5)。 （ A） 1t （ B） 2t （ C） 3t （ D） 4t 6 下列关于服务器采用的处理器体系结构的描述中

3、，错误的是 (6)。 （ A） VLIW采用了 EPIC设计，也称之为 IA-64体系结构 （ B） RISC指令系统相对简单，并由硬件执行，而复杂的操作则由简单指令合成 （ C） CISC主要以 IA-32体系结构为主，为中低档服务器所采用 （ D） RISC每时钟周期可执行 20条指令，而 CISC通常只能执行 1 3条指令 7 以下选项中，无助于有效防御 DDoS攻击的措施是 (7)。 （ A）根据 IP地址对数据包进行过滤 （ B）为系统访问提供更高级别的身份认证 （ C）安装防病毒软件 （ D）使用工具软件检测不正常的高流量 8 以下关于防火墙技术的功能描述中，说法错误的是 (8)。

4、 （ A）可以对请求服务的用户进行控制 （ B）可以对用户如何使用特定服务进行控制 （ C）可以有效地防止内网的攻击 （ D）可以对网络服务类型进行控制 9 图 7-2示意了发送者利用非对称加密算法向接收者传送消息的过程，图中 a和 b处分别是 (9)。 （ A）发送者的私钥，发送者的公钥 （ B）发送者的 公钥，接收者的私钥 （ C）发送者的私钥，接收者的公钥 （ D）接收者的私钥，接收者的公钥 10 依我国计算机软件保护条例的规定，计算机软件 (即计算机程序及其有关文档 )著作权取得的时间是 (10)。 （ A）自软件首次发表之日 （ B）自软件商业化使用之日 （ C）自软件开发完成之日

5、（ D）自软件进行著作权登记之日 11 在我国，实用新型和外观设计专利申请 (11)。 （ A）须经过实质审查后授权 （ B）经初审合格后即授权 （ C）递交申请后即可授权 （ D）经过形式审查和实质审查后才可授权 12 我国电视以 PAL制式播放 640480像素的全彩色视频，每个像素为 24位，每秒 25帧画面，其数据传输速率约为 (12)。 （ A） 23Mbps （ B） 24Mbps （ C） 184Mbps （ D） 192Mbps 13 计算机在存储波形声音之前，必须进行 (13)。 （ A）压缩处理 （ B）解压缩处理 （ C）模拟化处理 （ D）数字化处理 14 在 MPEG

6、系列标准中， (14)最适合在移动通信网上实时传输视频数据。 （ A） MPEG-1 （ B） MPEG-2 （ C） MPEG-4 （ D） MPEG-7 15 常见的软件开发模型有瀑布模型、演化模型、螺旋模型、喷泉模型等。其中 (15)适用于需求明确或很少变更的项目。 （ A）瀑布模型 （ B）演化模型 （ C）螺旋模型 （ D）喷泉模型 16 在开发一个企业管理信息系统时，首先要进行用户调查，调查中收集的主要信息包括 (16)、业务流程和数据流程信息。 （ A）管理目标、人力资源 （ B）组织结构、功能体系 （ C）管理目标、功能体系 （ D）企业性质、客户资源 17 为验证某个程序模块

7、能否与其他模块按照规定方式正确工作，需要进行 (17)。 （ A）单元测试 （ B）组装测试 （ C）系统测试 （ D）确认测试 18 系统的硬件环境、软件环境和数据环境发生变化时需要对系统进行维护，这种维护属于 (18)。 （ A）支持性维护 （ B）适应性维护 （ C）完善性维护 （ D）预防性维护 19 正确表达式 1*(0|01)*表示的集合元素的特点是 (19)。 （ A）长度为奇数的 0、 1串 （ B）串的长度为偶数的 0、 1串 （ C）开始和结尾字符必须为 1的 0、 1串 （ D）不包含子串 011的 0、 1串 20 需编译运行的程序，其 (20)错误在 编译时能被发现。

8、 （ A） 0作为除数 （ B）死循环 （ C）无穷递归 （ D）括号不匹配 21 己知某文法 GS:S0S0 S1 ，从 S推导出的符号串可用 (21)(n0)描述。 （ A） (010)n （ B） 0n10n （ C） 1n （ D） 01n0 22 某确定性有限自动机 (DFA)的状态转换图如下图所示，令 d=0|1|2|9 ，则以下字符串中，能被该 DFA接受的是 (22)。 （ A） 3857 （ B） 1.2E+5 （ C） -123.67 （ D） 0.576E10 23 若操作系统 中有 n个作业 Ji(i=1,2,n) ，分别需要 Ti(i=1,2,n) 的运行时间，采用

9、(23)的作业调度算法可以使平均周转时间最短。 （ A）先来先服务 (FCFS) （ B）最短作业优先 (SJF) （ C）响应比高者优先 (HRN) （ D）优先级 24 页式虚拟存储系统的逻辑地址是由页号和页内地址两部分组成，地址变换过程如图 7-3所示。假定页面的大小为 4K，图 7-3中所示的十进制逻辑地址 8203经过地址变换后，形成的物理地址 a应为十进制 (24)。（ A） 8214 （ B） 12299 （ C） 20491 （ D） 28683 25 操作系统通常将 I/O软件分成 4个层次：用户应用层软件、中断处理程序、独立于设备的软件和设备驱动程序，分层的主要目的是 (2

10、5)。 （ A）便于即插即用 （ B）减少系统占用的空间 （ C）提高处理速度 （ D）便于系统修改、扩充和移植 26 文件系统中，设立打开文件 (Open)系统功能调用的基本操作是 (26)。 （ A）把文件的 FAT表信息从辅存读到内存 （ B）把磁盘的超级块从辅存读到内存 （ C）把文件的控制管理信息从辅存读到内存 （ D）把文件信息从辅存读到内存 27 磁盘移臂调度算法中， (27)调度算法的主要缺陷是有高度局部化的倾向，会推迟某些请求服务，甚至引起饥饿。 （ A）最短时间优先 (SSTF) （ B）先来先服务 (FCFS) （ C）电梯 (SCAN) （ D）改进型电梯 (CSCAN

11、) 28 在文件系统块的一致性检查时，检测程序构造一张表，表中为每个块设立两个计数器，一个跟踪该块在文件中出现的次数，一个跟踪该块在空闲表中出现的次数。假设系统有 16个块，检测程序通过检测发现表 (28)状态下的文件系统是一致的。29 ISO/IEC 9126软件质量 模型中第一层定义了 6个质量特性，并为各质量特性定义了相应的质量子特性。子特性 (29)属于可移植性质量特性。 （ A）依从性 （ B）易操作性 （ C）稳定性 （ D）遵循性 30 在 RUP中，软件开发生命周期根据时间和 RUP的核心工作流划分为二维空间。以下属于 RUP核心过程工作流的是 (30)。 （ A）商业建模工作

12、流 （ B）项目管理工作流 （ C）配置和变更管理工作流 （ D）环境工作流 31 极限编程 (extreme Programming)是一种轻量级软件开发方法， (31)不是它强调的准则。 （ A）持续的交流和沟通 （ B）用最简单的设计实现用户需求 （ C）用测试驱动开发 （ D）关注用户反馈 32 软件能力成熟度模型 (CMM)将软件能力成熟度自低到高依次划分为初始级、可重复级、定义级、管理级和优化级，其中 (32)会采取主动去找出过程的弱点与长处，以达到预防缺陷的目标。 （ A）可重复级和定义级 （ B）定义级和管理级 （ C）管理级和优化级 （ D）优化级 33 如图 7-4所示的活

13、动图中， I和 J之间的活动开始的最早时间是第 (33)个单位时间。 （ A） 13 （ B） 23 （ C） 29 （ D） 45 34 缺陷排除效率 (DRE)是对软件质量保证及控制活动过滤能力的一个测量。假设某个软件在交付给最终用户之前发生的错误数量为 45，软件交付之后发现的缺陷数为 15，那么对应的 DRE值为 (34)。 （ A） 0.75 （ B） 1.3 （ C） 0.5 （ D） 0.25 35 复用应该是每个软件过程都不可缺少的部分。下列制品，不属于复用候选的软件制品是 (35)。 （ A）项目计划 （ B）体系结构 （ C）用户界面 （ D）用户需求 36 对于如图 7-

14、5所示的程序流程图中，当采用语句覆盖法设 计测试案例时，至少需要设计 (36)个测试案例。 （ A） 3 （ B） 4 （ C） 2 （ D） 1 37 软件的复杂性与许多因素有关。 (37)不属于软件的复杂性参数。 （ A）程序中出现的操作数的数目 （ B）程序中注释语句的数目 （ C）源程序的规模 （ D）程序的结构 38 面向对象系统中有两种基本的复用方式：框架复用和类库复用。以下关于框架和类库的描述中，说法错误的是 (38)。 （ A）框架是一个 “半成品 ”的应用程序 （ B）框架会为一个特定的目的实现一个基本的、可执行的架构 （ C）类库只包含 一系列可被应用程序调用的类 （ D）

15、类库是框架的一种扩展形式 39 在面向对象方法中，对象可看成是属性 (数据 )以及这些属性上的专用操作的封装体。封装的目的是使对象的 (39)分离。 （ A）定义和实现 （ B）分析和定义 （ C）设计和实现 （ D）设计和测试 40 面向对象程序设计语言的 (40)机制，实现了方法的定义与具体的对象无关，而对方法的调用则可以关联于具体的对象。 （ A）模板 （ B）多态性 （ C）动态绑定 （ D）多重绑定 41 在面向对象程序设计语言中， (41)是利用可重用成分构 造软件系统的最有效的特性，它有利于提高系统的可扩充性。 （ A）继承 （ B）封装 （ C）多态 （ D）引用 42 在 U

16、ML类图中，类与类之间存在关联 (Association)等关系。关联关系的标准UML图形表示是 (42)。43 图 7-6UML类图所描绘的设计模式中的 (43)模式。（ A） Iterator(迭代器 ) （ B） Decorator(装饰器 ) （ C） Interpreter(解释器 ) （ D） Adapter(适配器 ) 44 某设计模式的类图如图 7-7所示。其中， (44)用手定义实现 部分的接口。（ A） Abstraction （ B） Implementor （ C） RefinedAbstraction （ D） ConecretelmplementorA 45 UML

17、中有多种类型的图，其中通信图显示在某种情况下对象之间发送的消息，(45)与通信图类似，但强调的是顺序而不是连接。 （ A）顺序图 （ B）用例图 （ C）活动图 （ D）类图 46 采用 UML分析用户需求时，用例 UC1可以出现在用例 UC2出现的任何位置，那么 UC1和 UC2之间的关系是 (46)关系。 （ A）包含 (include) （ B）扩展 (extend) （ C）泛化 (generalize) （ D）调用 (call) 47 UML的状态图展示了一个特定对象的所有可能状态，以及由于各种事件的发生而引起的状态间的转移 (transition)。如果一个并发的状态由 m个并发

18、的子状态图组成，那么该并发状态在某时刻的状态由 (47)个子状态图中各取一个状态组合而成。 （ A）任意一 （ B）任意两 （ C）每一 （ D）任意 n(nm) 48 在使用 UML建模时，通常采用 “ 描述需求 构造系统结构 描述系统行为 ”的设计步骤。其中， UML结构包括了基本构造块、公共机制和 (48)。 （ A）把这些构造块放在一起的规则 （ B）类与对象的划分、接口与实现的分离 （ C）描述系统细节的规格说明 （ D）构造块的特性描述 49 以下叙述中错误的是 (49)。 （ A）面向对象程序设计语言可支持过程化的程序设计 （ B）面向对象程序设计语言不支持对一个对象的成员变量进

19、行直接访问 （ C）给定算法的时间复杂性与实现该算法所采用的程序设计语言无关 （ D）与汇编语言相比，采用脚本语言编程可获得更高的运行效率 50 软件架构为 软件系统提供了一个结构、行为和属性的高级抽象模式。 “4+1”视图模型指用 5个视图组成的模型来描述软件架构。其中， (50)描述了软件的静态组织结构，支持软件开发的内部需求。 （ A）物理视图 （ B）逻辑视图 （ C）进程视图 （ D）开发视图 51 以下关于数据库技术描述中，错误的是 (51)。 （ A）在关系规范化中，插入异常是指应该插入的数据未被插入 （ B） 3个实体及它们之间的多对多联系至少应转换成 3个关系模式 （ C）介

20、质故障引起的数据库异常，比事务故障的破坏性大 （ D）数据仓库通过数据转移从多 个数据源中提取数据，为了解决不同数据源格式不统一的问题，需要进行清洗操作 52 对于关系模式 R(X,Y,Z)，以下结论错误的是 (52)。 （ A）若 XY ， YZ ， 则 XZ （ B）若 XY ， XZ ，则 XYZ （ C）若 XZ ，则 XYZ （ D）若 XYZ ，则 XZ ， YZ 53 关系模式 Student(Sno,Sname,Cno,Cname,Grade,Tname,Taddr)的属性分别表示学号、学生姓名、课程号、课程名、成绩、任课教师名和教师地址。其中，一个学生可以选若干门课程，一个教

21、师 可以讲授若干门课程，一门课程可以由多个教师讲授，对于同一门课程，学生只能选定一个教师讲授的课程，教师不会重名。关系模式 Student的分解 =(53)，并且是无损联接及保持函数依赖。 （ A） (Sno,Sname,Cno,Tname,Taddr),(Sno,Sname,Cno,Cname,Grade) 1NF （ B） (Sno,Sname),(Sno,Cno,Grade,Tname,Taddr),(Cno,Cname) i2NF （ C） (Sno,Sname),(Sno,Cno,Grade),(Tname,Taddr),(Cno,Cname,) 3NF （ D）(Sno,Sname

22、),(Sno,Cno,Grade),(Tname,Taddr),(Tname,Cno),(Cno,Cname) BCNF 54 若关系模式中存在非主属性对码的部分依赖，则该关系模式属于 (54)。 （ A） 1NF （ B） 2NF （ C） 3NF （ D） BCNF 55 拓扑排序是指有向图中的所有顶点排成一个线性序列的过程，若在有向图中从顶点 vi到 vj有一条路径，则在该线性序列中，顶点 vi必然在顶点 vj之前。因此，若不能得到全部顶点的拓扑排序序列，则说明该有向图一定 (57)。 （ A）包含回路 （ B）是完全图 （ C）是有向树 （ D）是强连通图 56 对于二维数组 A05,

23、18 ，设每个元素占 1个存储单元，且以列为主序存储，则元素 A3,6相对于数组空间起始地址的偏移量是 (60)。 （ A） 9 （ B） 18 （ C） 29 （ D） 33 57 对于 n(n0)个元素构成的线性序列 L，在 (61)时适合采用链式存储结构。 （ A）需要频繁修改 L中元素的值 （ B）需要频繁地对 L进行删除和插入操作 （ C） 要求 L存储密度高 （ D）需要频繁地对 L进行随机查找 58 利用动态规划方法求解每对节点之间的最短路径问题 (all pairs shortest path problem)时，设有向图 G= V,E共有 n个节点，节点编号 1 n，设 C是

24、 G的成本邻接矩阵，用 Dk(I,j)即为图 G中节点 i到 j并且不经过编号比 k还大的节点的最短路径的长度 (Dn(i,j)即为图 G中节点 i到 j的最短路径长度 )，则求解该问题的递推关系式为 (62)。 （ A） Dk(I,j)=Dk-1(I,j)+C(I,j) （ B） Dk(I,j)=Dk-1(I,k)+Dk-1(k,j) （ C） Dk(I,j)=minDk-1(I,j),Dk-1(I,j)+C(I,j) （ D） Dk(I,j)=minDk-1(I,j),Dk-1(I,K)+Dk-1(k,j) 59 如果涉及国家安全、社会秩序、经济建设和公共利益的信息和信息系统，其受到破坏后

25、，会对国家安全、社会秩序、经济建设和公共利益造成较大损害，则这属于计算机信息系统安全保护等级划分准则 (GB178591999)的 (65)。 （ A）自主保护级 （ B）强制保护级 （ C）指导保护级 （ D）监督保护级 60 某大学信息网络中心将 IP地址块 172.16.56.0/22分配给计算机系，那么计算机系使用的子网掩码为 (66)。 （ A） 255.255.224.0 （ B） 255.255.240.0 （ C） 255.255.248.0 （ D） 255.255.252.0 61 在某台主机上使用 浏览器无法访问到域名为 www.ceiaec.org的网站，并且在这台主机

26、上执行 tracert命令时有如图 7-9所示的信息。 Internet网上其他用户能正常访问 www.ceiaec.org网站。分析以上信息，可能造成这种现象的原因是 (67)。 （ A）提供 www.ceiaec.org域名解析的服务器工作不正常 （ B）网络中路由器有相关拦截的 ACL规则 （ C）该计算机 IP地址与掩码设置有误 （ D）网站 www.ceiaec.org工作不正常 62 设有下面 4条路由： 172.30.129.0/24、 172.30.130.0/24、 172.30.132.0/24和172.30.133/24，如果进行路由汇聚，能覆盖这 4条路由的地址是 (6

27、8)。 （ A） 172.30.128.0/21 （ B） 172.30.128.0/22 （ C） 172.30.130.0/22 （ D） 172.30.132.0/23 63 已知 RSA算法公钥是 (e=7， n=20)，私钥是 (d=3， n=20)，如果接到的密文 C=7加密，则解密后的明文是 (69)。 （ A） 3 （ B） 4 （ C） 343 （ D） 823543 64 下列关于无线局域网方案设计的描述中，错误的是 (70)。 （ A）在无线网络的初步调查阶段，不仅要关注与现有的有线网络相关的方方面面，同样也要预期的企业机构的变动或主要业务的变化情况 （ B）在初步设 计

28、时，要把终端或移动 PC考虑到设计以及网络费用中 （ C）在详细设计阶段，要确保任何在初步设计评审中所制定的功能改变都不会影响到设计的整体方案 （ D）文档的产生过程要与无线局域网方案实施过程保持一致 65 数据存储在磁盘上的排列方式会影响 I/O服务的总时间。假设每磁道划分成 10个物理块，每块存放 1个逻辑记录。逻辑记录 R1， R2， ， R10存放在同一个磁道上，记录的安排顺序如表 1-1所示。假定磁盘的旋转速度为 20ms/周，磁头当前处在 R1的开始处。若系统顺序处理这些记录，使用单缓冲区，每个记录处理时间 为 4ms，则处理这 10个记录的最长时间为 (22)；若对信息存储进行优

29、化分布后，处理 10个记录的最少时间为 (23)。 （ A） 180ms （ B） 200ms （ C） 204ms （ D） 220ms （ A） 40ms （ B） 60ms （ C） 100ms （ D） 160ms 67 某工厂仓库有一名保管员，该仓库可存放 n箱零件。该工厂生产车间有 m名工人，只要仓库空闲，工人将生产好的整箱零件放入仓库，并由保管员登记入库数量。该工厂销售部有 k名销售员，只要仓库库存数能满足客户要求，便可提货，并由保管员登记出库数量。 规定工人和销售员不能同时进入仓库，但是工人和工人，销售员和销售员可以同时进入仓库，其工作流程如图 1-1所示。为了利用 PV操作正

30、确地协调工人和销售员进程之间的工作，设置了信号量 S1、 S2和 S3，它们的初值分别为 n、 0和1。图 1-1中的 a、 b、 e和 f应分别填写 (25)；图 1-1中的 c、 d、 g和 h应分别填写(26)。 （ A） P(S2)、 V(S1)、 P(S1)、 V(S1) （ B） P(S1)、 V(S2)、 P(S2)、 V(S1) （ C） P(S2)、 V(S1)、 P(S2)、 V(S1) （ D） P(S1)、 V(S1)、 P(S1)、 V(S2) （ A） P(S1)、 V(S1)、 P(S2)、 V(S2) （ B） P(S1)、 V(S1)、 P(S3)、 V(S3

31、) （ C） P(S2)、 V(S2)、 P(S3)、 V(S3) （ D） P(S3)、 V(S3)、 P(S3)、 V(S3) 69 在用例建模过程中，若几个用例执行了同样的功能步骤，此时可以把这些公共步骤提取成独立的用例。这种用例称为 (41)。在 UML用例图上，将用例之间的这种关系标记为 (42)。 （ A）扩展用例 （ B）抽象用例 （ C）公共用例 （ D）参与用例 （ A） association （ B） extends （ C） uses （ D） inheritances 71 设有职工实体 Employee(职工号，姓名，性别，年龄，通信地址，家庭成员 )，其中通信地址

32、记录了邮编、省、市和街道信息；家庭成员记录了职工亲属的姓名。 职工实体中的通信地址是一个 (51)属性；为了将数据库模式设计的更合理，对于家庭成员属性 (52)。 （ A）简单 （ B）复合 （ C）多值 （ D）派生 （ A）可以不做任何处理，直接记录亲属的姓名 （ B）只允许记录一个亲属的姓名 （ C）需 要对职工实体设置若干个亲属姓名字段 （ D）应该将职工亲属的姓名加上职工号，设计成为一个独立的实体 73 设关系模式 R U,F，其中 UH,I,J,K,L，若F=HIJ,JK,IJKL,LH,LK) ，则 F的最小函数依赖集 Fmin=(54)，关系模式 R的候选关键字是 (55)。

33、（ A） HI,HJ,JK,IJKL,LH （ B） HI,HJ,JK,IJL,LH （ C） HI,HJ,JK,IJL,JK （ D） HI,JK,IJL,LH,LK （ A） H、 L和 IJ （ B） H、 K和 L （ C） K、 L和 IJ （ D） H、 K、 L和 IJ 75 The Rational Unified Process (RUP) is a software engineering process, which captures many of best practices in modern software development. The notions of

34、 use-cases and (71) have been proven to be an excellent way to capture function requirements. RUP can be described in two dimensions-time and content. In the time dimension, the software lifecycle is broken into cycles. Each cycle is divided into four consecutive (72) which is concluded with a well-

35、defined (73) and can be further broken down into (74) - a complete development loop resulting in a release of an executable product, a subset of the final product under development, which grows incrementally to become the final system. The content structure refers to the disciplines, which group (75

36、) logically by nature. （ A） actors （ B） artifacts （ C） workers （ D） scenarios （ A） aspects （ B） phases （ C） orientations （ D） views （ A） measure （ B） criteria （ C） milestone （ D） end-mark （ A） circularities （ B） conditions （ C） iterations （ D） resources （ A） activities （ B） workflows （ C） transition

37、s （ D） functions 软件水平考试（中级）软件设计师上午（基础知识）试题模拟试卷 42答案与解析 1 【正确答案】 A 【试题解析】 主存储器简称为主存 (或内存 )。主存由存储体、控制线路、地址寄存器、数据寄存器和地址译码器等 5部分组成。时序电路不是主存的组成部件。 2 【正确答案】 D 【试题解析】 本题考查的知识点 是机内数据的表示形式。进行原码加减运算时，操作数与运算结果均用原码表示。由于原码做加减运算时需要将符号位要单独处理，运算比较复杂，因此在计算机中很少被采用。为了简化运算方法，常采用补码表示法，以便符号位也能作为数值的一部分参与运算。补码加法的运算法则是：和的补码

38、等于补码求和。补码减法的运算法则是：差的补码等于被减数的补码加上减数取负后的补码。负数补码表示的实质是将负数映射到正数域，所以可将减法运算转化为加法运算。与原码减法运算相比，补码减法运算的过程要简便得多。在补码加减运算中，符号位和数值位一样参加运算， 无须做特殊处理。因此，多数计算机都采用补码加减运算法，即本题的选项 C是正确的答案。移码 (又称为增码 )是机器数的另一种表示方法，最适合表示浮点数的阶码。移码的符号位，用 1表示正号，用 0表示负号，求法是把其补码的符号位直接取反即可。 3 【正确答案】 A 【试题解析】 CPU中的程序计数器 (PC)用于保存要执行的指令的地址，访问内存时，需

39、先将内存地址送入存储器地址寄存器 (MAR)中，向内存写入数据时，待写入的数据要先放入数据寄存器 (MDR)。程序中的指令一般放在内存中，要执行时，首先要访问内存取得指 令并保存在指令寄存器 (IR)中。计算机中指令的执行过程一般分为取指令、分析指令并获取操作数、运算和传送结果等阶段，每条指令被执行时都要经过这几个阶段。若 CPU要执行的指令为 MOV R1， #55(即将数值55传送到寄存器 R1中 )则 CPU首先要完成的操作是将要执行的指令的地址送入程序计数器 (即 PCMAR) ，访问内存以获取指令。 4 【正确答案】 C 【试题解析】 假设一年以 365天计算，则服务系统每年的平均无

40、故障时间和平均修复时间之和为 3652460分钟，即 MTBF+MTFR=3652460分钟。若该应用服务系统可用性达到 99.99%，即 ，则每年的平均无故障时间为， MTBF=0.99993652460分钟。每年的平均修复时间为， MTTR=(1-0.9999)3652460=52.56分钟，即每年的停机时间必须小于 53分钟。 5 【正确答案】 C 【试题解析】 本试题考查的是计算机系统指令流水线方面的基础知识。依题意知，在此流水线中顺序执行 100条指令用了 303t，流水线的瓶颈必定是第 3步。假定流水线中第 3步的经过时间为 x，该指令流水线顺序执行 100条指令所用的时间为： 3

41、03t=t+t+t+x+(100-1)x。从而算出第 3步历时为 3t。 6 【正确答案】 D 【试题解析】 服务器采用的处理器体系结构主要有 CISC、 RISC和 VLIW 3类，它们之间的区别见表 7-1。超长指令字 (VLIW)每时钟周期可执行 20条指令，而 CISC通常只能执行 1 3条指令， RISC能执行 4条指令，因此选项 D的说法有误。 7 【正确答案】 C 【试题解析】 分布式拒绝服务 (DDoS， Distributed Denial of Service)是一种分布、协作的大规模 攻击方式，其基本原理是利用合理的服务请求来占用过多的服务资源，从而使合法用户无法得到服务

42、的响应。以下提供几种防御 DDoS攻击的方法。 及时更新操作系统补丁； 尽量使用稳定版本的服务程序； 限制特定IP地址段的数据访问，或根据 IP地址对数据包进行 ACL过滤； 使用工具软件检测不正常的高流量； 限制同时打开的 SYN最大连接数，或在路由器上限制SYN数据包流量速率； 缩短 SYN连接的 time out时间； 尽量关闭不必要的服务端口； 启用防火墙的防 DDoS的属性； 启用 Cisco路由器的 CEF(Cisco Express Forwarding)服务； 为系统访问提供更高级别的身份认证，从而封堵某些非法用户的攻击等。由于 DDoS是 “利用合理的服务请求 ”，因此，在系

43、统中安装防病毒软件对这种攻击方式无防御能力。 8 【正确答案】 C 【试题解析】 防火墙是建立在内外网边界上的过滤封锁机制，能够防止外网在未经授权的情况下访问内网，以及外网对内网的攻击；也能防止内网在未经授权的情况下访问外网。但是，仅使用防火墙不能有效地防止内网的攻击，通常也不具备反向追踪网络攻击的能力。 9 【正确答案】 A 【试题解析 】 在公钥加密系统中，如果要实现所发送的消息供公众阅读，则需发送者使用自身的私钥对所传送的消息进行加密，接收者从 CA中心获取的发送者的公钥对密文进行解密。另外，在公钥加密系统中，发送者还可以使用从安全证书中心 (CA)获取的接收者的公钥对所传送的消息进行加

44、密，接收者使用其本身的私钥对该密文进行解密。从而实现所发送的消息只提供给指定接收者阅读的功能。由于本试题 4个选项中未出现 “接收者的公钥，接收者的私钥 ”，因此只有选项 A是正确答案。 10 【正确答案】 C 【试题解析】 我国计算机软件保护条例第 14条规定，软件著作权自软件开发完成之日起产生。换言之，计算机软件 (即计算机程序及其有关文档 )著作权取得的时间是自软件开发完成之日。 11 【正确答案】 B 【试题解析】 我国专利法第 40条规定： “实用新型和外观设计专利申请经初步审查没有发现驳回理由的，由国务院专利行政部门作出授予实用新型专利权或者外观设计专利权的决定，发给相应的专利证书

45、，同时予以登记和公告。实用新型专利权和外观设计专利权自公告之日起生效 ”。由以上法律条文可知，我国对实用新型和外观设计专利申请采取的是形式审查制度 (也称登记制度 )，即只要专利行政部门经过初步审查，认为该申请手续完备且符合法律规定的形式，就授予专利权。申请人应当在收到国务院专利行政部门发出授予专利权的通知之日起的规定时间内，办理专利权登记和领取专利证书的手续。国务院专利行政部门应当向授予专利权人分页发明专利证书，同时予以登记和公告。实用新型和外观设计专利权自公告之日起生效。由于实用新型和外观设计的内容较为简单，只做形式审查可以加快审批速度，使这些实用技术尽快为社会所利用，充分发挥专利制度的作

46、用。对于不符合专利法规定的取得专利权的实质条件而取得了专利权的实用新型和外观设 计，可以通过以后的无效申请和宣告程序宣告其无效。对于发明专利申请的审批过程，我国专利法第 39条规定， “发明专利申请经实质审查没有发现驳回理由的，由国务院专利行政部门做出授予发明专利权的决定，发给发明专利证书，同时予以登记和公告。发明专利权自公告之日起生效 ”。 12 【正确答案】 C 【试题解析】 我国电视以 PAL制式播放 640480像素的全彩色视频，每个像素为24位，每秒 25帧画面，其数据传输速率 (R)的计算过程如下。13 【正确答案】 A 【试题解析】 计算机中的数字声音主要有波 形声音和合成声音两种表示方法。其中，波形声音也称为自然声音，通过对实际声音的波形信号进行数字化 (取样和量化 )而获得，它能高保真地表示现实世界中任何客观存在的真实声音。例如，44.1kHz16bit的 CD质量的声音， 8kHz8bit的数字语音等。但其存储的数据量比较大。根据统计分析结果，语音信号中含有大量的冗余信息，且可利用人的听觉感知特性，这为计算机在存储波形声音之前进行压缩处理提供了依据。 14 【正确答案】 C 【试题解析】 活动图像专家组 (MPEG)已经开发和正在开发的电视图像数据和声音数据 的编码、解码及其相关同步技术等标准有： MPEG-1、 MPEG-2、 MPEG-