【考研类试卷】考研数学（数学三）模拟试卷473及答案解析.doc

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1、考研数学（数学三）模拟试卷 473 及答案解析(总分：50.00，做题时间：90 分钟)一、选择题(总题数：9，分数：18.00)1.选择题下列每题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求。（分数：2.00）_2.设图形(a)，(b)，(c)如下： （分数：2.00）A.(a)，(b)，(c)B.(a)，(c)，(b)C.(b)，(a)，(c)D.(c)，(a)，(b)3.设 y=y(x)是由方程 y 2 +xy+x 2 +x=0 所确定的满足 y(一 1)=1 的隐函数，则 （分数：2.00）A.1B.2C.一 2D.一 14.设 f(x)是区间 上的正值连续函数，且 （分数：2.00）A

2、.I，J，KB.J，K，IC.K，I，JD.J，I，K5.设函数 F(r)当 r0 时具有二阶连续导数，令 则当 x,y，z 与 t 不全为零时 = （分数：2.00）A.B.C.D.6.设 A 是 54 矩阵，r(A)=4，则下列命题中错误的为（分数：2.00）A.AX=0 只有零解B.AA T X=0 有非零解C.对任何 5 维向量 ，AX= 都有解D.对任何 4 维向量 ，A T X= 都有无穷多解7.设 则下列矩阵中与 A 合同但不相似的是 （分数：2.00）A.B.C.D.8.在区间(一 1，1)上任意投一质点，以 X 表示该质点的坐标设该质点落在(一 1，1)中任意小区间内的概率与

3、这个小区间的长度成正比，则（分数：2.00）A.X 与|X|相关，且相关系数|=1B.X 与|X|相关，但|1C.X 与|X|不相关，且也不独立D.X 与|X|相互独立9.设总体 X 的方差存在，X 1 ，X 2 ，X n 是取自总体 X 的简单随机样本，其样本均值和样本方差分别为 则 EX 2 的矩估计量是 （分数：2.00）A.B.C.D.二、填空题(总题数：6，分数：12.00)10.设 f(x)在 x=0 处连续，且 （分数：2.00）填空项 1:_11.设 y(x)是由 x 2 +xy+y=tan(xy)确定的隐函数，且 y(0)=0，则 y”(0)= 1.（分数：2.00）填空项

4、1:_12.设 u(x，y)=y 2 F(3x+2y)，若 （分数：2.00）填空项 1:_13.差分方程 y t+1 一 3y t = （分数：2.00）填空项 1:_14.设实对称矩阵 A= （分数：2.00）填空项 1:_15.设(X，Y)服从右图梯形区域 D 上的均匀分布 （分数：2.00）填空项 1:_三、解答题(总题数：10，分数：20.00)16.解答题解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。（分数：2.00）_17.已知极限 （分数：2.00）_18.求由曲线 y=3 一 x 2 与圆 x 2 +(y 一 1) 2 =4 所围图形中含坐标原点那一部分的面积（分数：2.00）_1

5、9.设 z=z(x，y)是由 9x 2 54xy+90y 2 6yzz 2 +18=0 确定的函数，求 z=z(x，y)的极值点和极值（分数：2.00）_20.求幂级数 （分数：2.00）_21.设函数 f(x)在区间0，4上连续，且 0 4 f(x)dx=0，求证：存在 (0，4)使得 f()+f(4 一 )=0（分数：2.00）_22.设 4 阶矩阵 A=( 1 ， 2 ， 3 ， 4 )，方程组 Ax= 的通解为 (1，2，2，1) T +c(1，一2，4，0) T ，c 任意 记 B=( 3 ， 2 ， 1 ， 一 4 )求方程组 Bx= 1 一 2 的通解（分数：2.00）_23.设

6、 A 为 n 阶实对称矩阵，满足 A 2 =E，并且 r(A+E)=kn 求二次型 x T Ax 的规范形 证明B=E+A+A 2 +A 3 +A 4 是正定矩阵，并求|B|（分数：2.00）_24.设甲袋中有 2 个白球，乙袋中有 2 个红球，每次从各袋中任取一球，交换后放入另一袋，这样交换 3次，求甲袋中白球数 X 的数学期望（分数：2.00）_25.设总体 X 的概率密度为 （分数：2.00）_考研数学（数学三）模拟试卷 473 答案解析(总分：50.00，做题时间：90 分钟)一、选择题(总题数：9，分数：18.00)1.选择题下列每题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求。（分数

7、：2.00）_解析：2.设图形(a)，(b)，(c)如下： （分数：2.00）A.(a)，(b)，(c)B.(a)，(c)，(b)C.(b)，(a)，(c) D.(c)，(a)，(b)解析：解析：以(a)或(b)或(c)为 y=f(x)的图形，从 0 x f(t)dt 及 f(x)的几何意义来看其它两个图形是否分别是 y= 0 x f(t)dt 和 y=f(x)的图形 若(a)是 y=f(x)的图形，则 f(x)在0，1单调上升且 f(x)0 (x0，1),f(x)0， 0 x f(t)dt0 ( 3.设 y=y(x)是由方程 y 2 +xy+x 2 +x=0 所确定的满足 y(一 1)=1

8、的隐函数，则 （分数：2.00）A.1B.2C.一 2D.一 1 解析：解析：由 y(x)所满足的隐函数方程知函数 y=y(x)在 x=一 1 的邻域内任意次可导，将隐函数方程求导一次与两次可得 y(x)的一、二阶导函数 y(x)与 y”(x)分别满足 2yy+xy+y+2x+1=0， 2yy”+xy”+2(y) 2 +2y+2=0， 在以上二式中分别令 x=一 1 并利用 y(一 1)=1 可知 y(一 1)=0，y”(一 1)=一 2再利用洛必达法则即可得到 4.设 f(x)是区间 上的正值连续函数，且 （分数：2.00）A.I，J，KB.J，K，IC.K，I，JD.J，I，K 解析：解析

9、：用换元法化为同一区间上的定积分比较大小为此在 中令 aresinx=t，由于 x： 且 dx=d(sint)=costdt，代入可得 与此类似，在 K= 0 1 f(arctanx)dx 中令 arctanx=t，由于 c：01 且 dx=d(tant)= 代入可得 5.设函数 F(r)当 r0 时具有二阶连续导数，令 则当 x,y，z 与 t 不全为零时 = （分数：2.00）A.B.C. D.解析：解析： 类似有6.设 A 是 54 矩阵，r(A)=4，则下列命题中错误的为（分数：2.00）A.AX=0 只有零解B.AA T X=0 有非零解C.对任何 5 维向量 ，AX= 都有解 D.

10、对任何 4 维向量 ，A T X= 都有无穷多解解析：解析：(A)对，因为 r(A)=未知数个数 4 (B)对，因为 AA T 是 5 阶矩阵，而 r(AA T )5 (C)错，因为存在 5 维向量 不可用 A 的列向量组表示，使得 AX= 无解 (D)对，因为 r(A T )=方程个数4，对任何 4 维向量 r(A T |)不会大干 47.设 则下列矩阵中与 A 合同但不相似的是 （分数：2.00）A.B.C.D. 解析：解析：首先可排除(A)，因为 r(A)=2，而(A)矩阵的秩为 1，所以它与 A 不合同 两个实对称矩阵合同的充分必要条件是它们的特征值的正负性一样(即正，负数的个数对应相

11、等)而相似的充分必要条件是它们的特征值相同因此应该从计算特征值下手 求出|EA|=(+3)( 一 3)，A 的特征值为0，一 3，3 显然(C)中矩阵的特征值也是 0，一 3，3，因此它和 A 相似可排除 剩下(B)(D)两个矩阵中，只要看一个(D)中矩阵的特征值容易求，为 0一 11因此它和 A 合同而不相似 (也可计算出(B)中矩阵的特征值为 0，1，4，因此它和 A 不合同)8.在区间(一 1，1)上任意投一质点，以 X 表示该质点的坐标设该质点落在(一 1，1)中任意小区间内的概率与这个小区间的长度成正比，则（分数：2.00）A.X 与|X|相关，且相关系数|=1B.X 与|X|相关，

12、但|1C.X 与|X|不相关，且也不独立 D.X 与|X|相互独立解析：解析：依题设，X 在一 1，1上服从均匀分布，其概率密度为 故 cov(X，|X|)=0，从而=0，X 与|X|不相关于是可排除(A)与(B) 对于任意实数 a(0a1)，有 PXa= P|X|a=a 又 PXa，|X|a=P|X|a=a， 从而 PXa|X|aPXa，|X|a，即9.设总体 X 的方差存在，X 1 ，X 2 ，X n 是取自总体 X 的简单随机样本，其样本均值和样本方差分别为 则 EX 2 的矩估计量是 （分数：2.00）A.B. C.D.解析：解析：根据矩估计量的定义来选择正确的选项 由于 EX 2 =

13、DX+(EX) 2 ，而 DX 与 EX 的矩估计量分别是 所以 EX 2 的矩估计量为 二、填空题(总题数：6，分数：12.00)10.设 f(x)在 x=0 处连续，且 （分数：2.00）填空项 1:_ （正确答案：正确答案：*）解析：解析：由极限与无穷小的关系，有 所以曲线 y=f(x)在点(0，f(0)处的切线方程为 y 一 f(0)=f(0)(x 一 0)，即11.设 y(x)是由 x 2 +xy+y=tan(xy)确定的隐函数，且 y(0)=0，则 y”(0)= 1.（分数：2.00）填空项 1:_ （正确答案：正确答案：*）解析：解析：将方程看成关于变量 x 的恒等式，两端同时对

14、变量 x 求导数可得 在(*)式中令 x=0，又y(0)=0，则有 y(0)=1 一 y(0)，于是 y(0)= 将(*)式看成关于变量 x 的恒等式，两端同时对变量 x 求导数又可得 在(*)式中令 x=0，又 y(0)=0，y(0)= 即得 2+2y(0)+y”(0)=一 y”(0)，于是 y“(0)=一 1 一 y(0)=12.设 u(x，y)=y 2 F(3x+2y)，若 （分数：2.00）填空项 1:_ （正确答案：正确答案： ）解析：解析：由 即 F(3x+1)=4x 2 13.差分方程 y t+1 一 3y t = （分数：2.00）填空项 1:_ （正确答案：正确答案：*）解析

15、：解析：根据题设差分方程的特点，可设其通解形式为 y t =C3 t + 其中 A，B，C 是待定常数，于是，y t+1 = 把它们代入方程可得 令 即可确定常数 A=一 1，B=17 即差分方程的通解为 再利用条件 y 0 =5 又可确定常数 C=6故所求特解是 14.设实对称矩阵 A= （分数：2.00）填空项 1:_ （正确答案：正确答案：a0 或4）解析：解析：A 的正，负惯性指数分别为 2 和 1 的充分必要条件是|A|0(A 的对角线元素有正数，不可能特征值都负)求出 |A|=一 a 2 +4a， 得答案15.设(X，Y)服从右图梯形区域 D 上的均匀分布 （分数：2.00）填空项

16、 1:_ （正确答案：正确答案： ）解析：解析：由于(X，Y)在 D 上服从均匀分布，故可用几何概率求解 记 将梯形区域 D 分成 12个全等的小三角形此时可记 S =12，S A =3 三、解答题(总题数：10，分数：20.00)16.解答题解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。（分数：2.00）_解析：17.已知极限 （分数：2.00）_正确答案：(正确答案：用洛必达法则由 )解析：18.求由曲线 y=3 一 x 2 与圆 x 2 +(y 一 1) 2 =4 所围图形中含坐标原点那一部分的面积（分数：2.00）_正确答案：(正确答案：先求抛物线与圆的交点 由 y=3 一 x 2 与 x

17、2 +(y1) 2 =4 可得 x 2 +(2 一 x 2 ) 2 =4，即 x 2 (x 2 3)=0，从而 x=0, 因此两曲线的交点分别为(0，3) x 轴下方圆的曲线方程为 图形关于 y 轴对称，因此 )解析：19.设 z=z(x，y)是由 9x 2 54xy+90y 2 6yzz 2 +18=0 确定的函数，求 z=z(x，y)的极值点和极值（分数：2.00）_正确答案：(正确答案：利用一阶全微分形式不变性，将方程求全微分即得 18xdx 一 54(ydx+xdy)+180ydy一 6zdy 一 6ydz 一 2zdz=0， 即 (18x 一 54y)dx+(180y 一 54x 一

18、 6z)dy 一(6y+2z)dz=0 为求隐函数 z=z(x，y)的驻点，应解方程组 可化简为 x=3y，由可得 z=30y 一 9x=3y，代入可解得两个驻点 x=3，y=1，z=3 与 x=一 3，y=一 1，z=一 3 为判定 z=z(x，y)在两个驻点处是否取得极值，还需求z=z(x，y)在这两点的二阶偏导数： 记 P=(3，1，3)，Q=(一 3，一 1，一 3)，即可得出在 P 点处 故 B 2 一 AC= 故在点(3，1)处 z=z(x，y)取得极小值 z(3，1)=3 类似可知在 Q 点处 故 B 2 一 AC= )解析：20.求幂级数 （分数：2.00）_正确答案：(正确答

19、案：易知幂级数 的收敛半径 R=1，且级数在收敛区间(一 1，1)的两个端点 x=一1 与 x=1 处都收敛，从而级数的收敛域为一 1，1 令 1 一 t=u 作换元可得 利用求得的上述结果即知当 0|x|1 时 )解析：21.设函数 f(x)在区间0，4上连续，且 0 4 f(x)dx=0，求证：存在 (0，4)使得 f()+f(4 一 )=0（分数：2.00）_正确答案：(正确答案：用反证法来证明本题 由题设 f(x)在0，4上连续即知 f(4 一 x)在0，4上连续，从而其和 f(x)+f(4 一 x)也在0，4上连续若不存在 (0，4)使 f()+f(4 一 )=0，则 f(x)+f(

20、4 一 x)或在(0，4)内恒正，或在(0，4)内恒负，于是必有 0 4 f(x)+f(4 一 x)dx0 但是 0 4 f(x)dx=0 用换元 x=4 一 t 可得 0 4 f(4 一 t)dt=0于是 0 4 f(x)+f(4 一 x)dx=0，由此得出的矛盾表明必存在 (0，4)使得 f()+f(4 一 )=0)解析：22.设 4 阶矩阵 A=( 1 ， 2 ， 3 ， 4 )，方程组 Ax= 的通解为 (1，2，2，1) T +c(1，一2，4，0) T ，c 任意 记 B=( 3 ， 2 ， 1 ， 一 4 )求方程组 Bx= 1 一 2 的通解（分数：2.00）_正确答案：(正确

21、答案：首先从 AX= 的通解为(1，2，2，1) T +c(1，一 2，4，0) T 可得到下列讯息： Ax=0 的基础解系包含 1 个解，即 4 一 r(A)=1，得 r(A)=3即 r( 1 ， 2 ， 3 ， 4 )=3 (1，2，2，1) T 是 Ax= 解，即 1 +2 2 +2 3 + 4 = (1，一 2，4，0) T 是 Ax=0 解，即 1 一 2 2 +4 3 =0 1 ， 2 ， 3 线性相关，r( 1 ， 2 ， 3 )=2 显然 B(0，一1，1，0) T = 1 一 2 ，即(0，一 1，1，0) T 是 Bx= 1 一 2 的一个解 由，B=( 3 ， 2 ， 1

22、 ， 一 4 )=( 3 ， 2 ， 1 ， 1 +2 2 +2 3 )，于是 r(B)=r( 3 ， 2 ， 1 ， 1 +2 2 +2 3 )=r( 1 ， 2 ， 3 )=2 则 Bx=0 的基础解系包含解的个数为 4 一 r(B)=2个 1 一 2 2 +4 3 =0 说明(4，一 2，1，0) T 是 Bx=0 的解；又从 B=( 3 ， 2 ， 1 ， 1 +2 2 +2 3 )容易得到 B(一 2，一 2，一 1，1) T =0，说明(一 2，一 2，一 1，1) T 也是 Bx=0 的解于是(4，一 2，1，0) T 和(一 2，一 2，一 1，1) T 构成 Bx=0 的基础

23、解系 Bx= 1 2 的通解为: (0，一 1，1，0) T +c 1 (4，一 2，1，0) T +c 2 (一 2，一 2，一 1，1) T ，c 1 ，c 2 任意)解析：23.设 A 为 n 阶实对称矩阵，满足 A 2 =E，并且 r(A+E)=kn 求二次型 x T Ax 的规范形 证明B=E+A+A 2 +A 3 +A 4 是正定矩阵，并求|B|（分数：2.00）_正确答案：(正确答案：由于 A 2 =E，A 的特征值 应满足 2 =1，即只能是 1 和一 1于是 A+E 的特征值只能是 2 和 0A+E 也为实对称矩阵，它相似于对角矩阵，的秩等于 r(A+E)=k于是 A+E 的

24、特征值是 2(k 重)和 0(n 一 k 重)，从而 A 的特征值是 1(k 重)和一 l(n 一 k 重)A 的正，负关系惯性指数分别为 k 和 n 一 k，x T Ax 的规范形为 y 1 2 +y 2 2 +y k 2 一 y k+1 2 一一 y n 2 B 是实对称矩阵由 A 2 =E，有 B=3E+2A，B 的特征值为 5(k 重)和 1(n 一 k 重)都是正数因此 B 是正定矩阵 |B|=5 k .1 n-k =5 k )解析：24.设甲袋中有 2 个白球，乙袋中有 2 个红球，每次从各袋中任取一球，交换后放入另一袋，这样交换 3次，求甲袋中白球数 X 的数学期望（分数：2.0

25、0）_正确答案：(正确答案：设 A i =第二次交换后甲袋有 i 个白球，i=0，1，2由于经过第一次交换，甲、乙两袋中各有一个红球，一个白球，故 又设X=k表示三次交换后甲袋中的白球数，k=0，1，2则 PX=0|A 0 =0，PX=0|A 1 = ,PX=0|A 2 =0， PX=1|A 0 =1，PX=1|A 1 = ,PX=1|A 2 =1， PX=2|A 0 =0，PX=2|A 1 = ,PX=2|A 2 =0， 所以 PX=0=PX=0|A 1 P(A 1 )= PX=1=PX=1|A 0 P(A 0 )一 PX=1|A 1 P(A 1 )+PX=1|A 2 P(A 2 )= PX=2=PX=2|A 1 P(A 1 )= ，故 X 的概分布为 )解析：25.设总体 X 的概率密度为 （分数：2.00）_正确答案：(正确答案：设 x 1 ，x 2 ，x n 为样本 X 1 ，X 2 ，X n 的观测值，则似然函数 L(x 1 ，x 2 ，x n ；a，b) L(a，b)为 由于 nb0，故 lnL(a，b)与 L(a，b)关于 a 是增函数，但是又因只有 amin(x 1 ，x 2 ，x n )时， L(a，b)才不等于零，故 a 可取的最大值为 min(x 1 ，x 2 ，x n )再根据方程 于是 a，b 的最大似然估计量分别为 )解析：