【计算机类职业资格】程序员-数据库系统、多媒体技术及其应用、计算机硬件基础知识及答案解析.doc

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1、程序员-数据库系统、多媒体技术及其应用、计算机硬件基础知识及答案解析(总分：24.00，做题时间：90 分钟)一、综合知识题(总题数：24，分数：24.00)1.（分数：1.00）A.存于同一盘面的其他编号的磁道上B.存于其他盘面的同一编号的磁道上C.存于其他盘面的其他编号的磁道上D.存放位置随机2.要表示 256 级灰度图像，表示每个像素点的数据最少需要_个二进制位。（分数：1.00）A.4B.8C.16D.2563.（分数：1.00）A.SET 信贷额度=信贷额度*1.1B.Modify 信贷额度=信贷额度*1.1C.SET 信贷额度=信贷额度*1.1D.Modify 信贷额度=信贷额度*

2、1.14.在 IEEE754 浮点表示法中，阶码采用_表示。（分数：1.00）A.原码B.反码C.补码D.移码5.CPU 从主存中取出一条指令并完成执行的时间称为_。（分数：1.00）A.时钟周期B.机器周期C.指令周期D.总线周期6.在计算机中，_。（分数：1.00）A.指令和数据都采用十进制存储B.指令和数据都采用二进制存储C.指令用十进制存储，数据采用二进制存储D.指令用二进制存储，数据采用十进制存储7.寄存器间接寻址是指在_中存取操作数。（分数：1.00）A.通用寄存器B.程序计数器C.主存单元D.外存储器8.（分数：1.00）A.“Credit-in.用户账号“=“User.用户账号

3、“B.“Credit-in.用户账号“AND“User.用户账号“C.Credit-in.用户账号=User.用户账号D.Credit-in.用户账号 AND User.用户账号9.假设一个有 3 个盘片的硬盘，共有 4 个记录面，转速为 7 200 转/分，盘面有效记录区域的外直径为30cm，内直径为 10cm，记录位密度为 250bit/mm，磁道密度为 8 道/mm，每磁道分 16 个扇区，每扇区512B，则该硬盘的非格式化容量和格式化容量约为 (22) ，数据传输率约为 (23) 。若一个文件超出一个磁道容量，剩下的部分 (24) 。（分数：1.00）A.120MB 和 100MBB.

4、30MB 和 25MBC.60MB 和 50MBD.225MB 和 25MB10.设有如表 5-14 所示的两个关系 U 和 V，则 运算结果的元组个数是 (6) ，属性个数是 (7) （分数：1.00）A.1B.2C.3D.411.（分数：1.00）A.MBB.HzC.MIPSD.BPS12.某种 SoundBlaster 声卡属于 8 位声卡，这里的“8 位”是指_。（分数：1.00）A.声音最大量化位数是 8B.MIDI 通道数是 8C.可以产生的音色数是 28D.声道数为 813.（分数：1.00）A.1B.2C.3D.414.在下列软件产品中，专门用于音频信息处理的工具软件是_。（分

5、数：1.00）A.3ds MaxB.PhotoshopC.AuditionD.Authorware15.某银行数据库中，信贷额度关系模式为(Credit-in(用户账号、信贷额度、已用金额、信誉指数)，用户关系模式为 User(用户账号、用户姓名、地址、电话)。（分数：1.00）A.查询每个用户还能使用的剩余金额的 SQL 语句为：SELECT 用户账号，用户姓名， (1) FROM Credit-in，UserWHERE (2) ；B.查询用户地址包含“科技二路”的用户姓名及电话的 SQL 语句为：SELECT 用户姓名，电话FROM UserWHERE (3) ；C.将信誉指数大于 60

6、的用户的信贷额度上调 10%的 SQL 语句为：UPDATE Credit-in16. (17) 是指 CPU 一次可以处理的二进制数的位数，它直接关系到计算机的计算精度、速度等指标；运算速度是指计算机每秒能执行的指令条数，通常用 (18) 为单位来描述。（分数：1.00）A.字长B.主频C.运算速度D.存储容量17.计算机启动时，可以通过存储在_中的引导程序引导操作系统。（分数：1.00）A.RAMB.ROMC.CacheD.CPU18.（分数：1.00）A.信誉指数60B.信誉指数60C.信誉指数60D.信誉指数6019.某机器的字长为 8，符号位占 1 位，数据位占 7 位，采用补码表示

7、时的最小整数为_。（分数：1.00）A.-28B.-27C.-27+1D.-28+120.（分数：1.00）A.6B.5C.4D.321.（分数：1.00）A.6B.5C.4D.322.（分数：1.00）A.地址 IN(科技二路)B.地址 like科技二路C.地址 IN(科技二路)D.地址 like%科技二路%23.（分数：1.00）A.2356KBpsB.3534KBpsC.7069KBpsD.960KBps24.若 SRAM 芯片的存储容量为 64K16 位，则其地址线与数据线数目应为_使得访问其指定存储单元时，能将地址信号和数据信号一次性地并行传输。（分数：1.00）A.16 和 16B

8、.64 和 16C.16 和 64D.6 和 8程序员-数据库系统、多媒体技术及其应用、计算机硬件基础知识答案解析(总分：24.00，做题时间：90 分钟)一、综合知识题(总题数：24，分数：24.00)1.（分数：1.00）A.存于同一盘面的其他编号的磁道上B.存于其他盘面的同一编号的磁道上 C.存于其他盘面的其他编号的磁道上D.存放位置随机解析：解析 像这类试题，需要考生记住几个公式：总磁道数=记录面数磁道密度(外直径-内直径)/2非格式化容量=位密度3.14最内圈直径总磁道数格式化容量=每道扇区数扇区容量总磁道数平均数据传输率=每道扇区数扇区容量盘片转速另外，做这类试题时，一定要注意单位

9、的换算。根据题目给定条件，我们可计算如下：总磁道教=48(30-10)/210=3200，(因为直径是以 cm 为单位，而道密度是以 mm 为单位，所以需要乘以 10)。非格式化容量=(2503.1410103200)/8/1024/1024=29.95MB(因为括号中求出的单位是位，而 8 位为 1B，1MB=1024KB=102410 24B)。格式化容量=(165123200)/1024/1024=25.07MB(因为括号中求出的单位是 B)。平均数据传输率=(165127200/60)/1024=960KBps(因为括号中求出的单位是 B)。根据硬盘存放数据的规则，在向磁盘记录一个文件

10、时，应将文件尽可能记录在同一柱面(不同记录面上的同号磁道构成一个柱面)上，当一个柱面记录不下时，再记录到相邻柱面上。因此，当一个文件超出一个磁道容量时，剩下的部分应存于其他盘面的同一编号的磁道上，即同一柱面的其他磁道上。2.要表示 256 级灰度图像，表示每个像素点的数据最少需要_个二进制位。（分数：1.00）A.4B.8 C.16D.256解析：解析 要表示 256 级灰度图像，表示每个像素点的数据最少需要 8 个二进制位，即 28=256。3.（分数：1.00）A.SET 信贷额度=信贷额度*1.1 B.Modify 信贷额度=信贷额度*1.1C.SET 信贷额度=信贷额度*1.1D.Mo

11、dify 信贷额度=信贷额度*1.1解析：4.在 IEEE754 浮点表示法中，阶码采用_表示。（分数：1.00）A.原码B.反码C.补码D.移码 解析：解析 IEEE754 标准是一种被广泛采用的浮点数编码标准，在这个标准中，提供了 32 位单精度浮点数(短浮点数)和64 位双精度浮点数(长浮点数)两种格式。在这两种格式中，基数隐含为 2；阶码用移码表示，尾数用原码表示。5.CPU 从主存中取出一条指令并完成执行的时间称为_。（分数：1.00）A.时钟周期B.机器周期C.指令周期 D.总线周期解析：解析 时钟周期是 CPU 时钟定义的定长时间间隔，是一个时间的量。它是 CPU 工作的最小时间

12、单位，一般也称节拍脉冲或 T 周期。机器周期又称 CPU 周期。通常把一个指令周期划分为若干个机器周期，每个机器周期完成一个基本操作。一般机器的 CPU 周期有取指周期、取数周期、执行周期和中断周期等。指令周期是指从取指令、分析指令、取操作数，到执行完该指令所需的全部时间。由于各种指令的操作功能不同，有的简单，有的复杂，因此各种指令的指令周期不尽相同。由于 CPU 内部的操作速度较快，而 CPU 访问主存所花的时间较长，所以许多计算机系统往往以主存的工作周期(存取周期)为基础来规定 CPU 周期，以便两者的工作能配合协调。CPU 访问主存也就是一次总线传送，故在微型计算机中称为总线周期综上所述

13、，可知本题答案选 C。6.在计算机中，_。（分数：1.00）A.指令和数据都采用十进制存储B.指令和数据都采用二进制存储 C.指令用十进制存储，数据采用二进制存储D.指令用二进制存储，数据采用十进制存储解析：解析 在计算机中，所有的数据或信息都是采用二进制存储的。使用二进制主要有以下优点：(1)电路中更容易实现。因为二进制只有 0 和 1，那么电路只要能识别低和高两种电平即可表示 0 和 1。(2)易于实现物理存储。(3)编译进行加减运算和计算编码。(4)便于逻辑判断(是或非)(5)用二进制表示数据具有抗干扰能力强、可靠性高的优点。7.寄存器间接寻址是指在_中存取操作数。（分数：1.00）A.

14、通用寄存器B.程序计数器C.主存单元 D.外存储器解析：解析 在寄存器间接寻址方式中，寄存器内存放的是操作数的地址，即操作数是通过寄存器中存放的地址间接从主存中得到的，因此称为寄存器间接寻址。因此本题答案选 C。8.（分数：1.00）A.“Credit-in.用户账号“=“User.用户账号“B.“Credit-in.用户账号“AND“User.用户账号“C.Credit-in.用户账号=User.用户账号 D.Credit-in.用户账号 AND User.用户账号解析：9.假设一个有 3 个盘片的硬盘，共有 4 个记录面，转速为 7 200 转/分，盘面有效记录区域的外直径为30cm，内直

15、径为 10cm，记录位密度为 250bit/mm，磁道密度为 8 道/mm，每磁道分 16 个扇区，每扇区512B，则该硬盘的非格式化容量和格式化容量约为 (22) ，数据传输率约为 (23) 。若一个文件超出一个磁道容量，剩下的部分 (24) 。（分数：1.00）A.120MB 和 100MBB.30MB 和 25MB C.60MB 和 50MBD.225MB 和 25MB解析：10.设有如表 5-14 所示的两个关系 U 和 V，则 运算结果的元组个数是 (6) ，属性个数是 (7) （分数：1.00）A.1 B.2C.3D.4解析：11.（分数：1.00）A.MBB.HzC.MIPS D

16、.BPS解析：解析 字长是指 CPU 一次可以处理的二进制数的位数，它直接关系到计算机的计算精度、速度等指标；我们常说的 16、32 位计算机中的 16 和 32 就是指该计算机的字长。主频一般指的是 CPU 的主频，即 CPU 内核工作的时钟频率，它表示在 CPU 内数字脉冲信号振荡的速度，与CPU 实际的运算能力并没有直接关系，但主频也是影响实际运算速度的因素，目前还没有一个确定的公式能够定量两者的数值关系，因为 CPU 的运算速度还要看 CPU 的流水线的各方面的性能指标。运算速度是指计算机每秒能执行的指令条数，通常用 MIPS 为单位来描述。MIPS 是 MillionInstruct

17、ions Per Second 的缩写，即每秒处理的百万级的机器语言指令数，它是衡量 CPU 速度的一个指标。12.某种 SoundBlaster 声卡属于 8 位声卡，这里的“8 位”是指_。（分数：1.00）A.声音最大量化位数是 8 B.MIDI 通道数是 8C.可以产生的音色数是 28D.声道数为 8解析：解析 声卡的位是指声卡在采集和播放声音文件时所使用数字声音信号的二进制位数。声卡的位客观地反映了数字声音信号对输入声音信号描述的准确程度，位数越高，描述得越准确。根据声音最大量化位数，声卡可以分为 8 位声卡、16 位声卡、32 位声卡等。13.（分数：1.00）A.1B.2C.3D

18、.4 解析：14.在下列软件产品中，专门用于音频信息处理的工具软件是_。（分数：1.00）A.3ds MaxB.PhotoshopC.Audition D.Authorware解析：解析 3ds Max 是 3D Studio Max 的简称，是 Autodesk 公司开发的基于 PC 系统的三维动画渲染和制作软件。目前，被广泛应用于广告、影视、工业设计、建筑设计、多媒体制作、游戏、辅助教学及工程可视化等领域。Photoshop 是 Adobe 公司旗下最为出名的图像处理软件之一，它是集图像扫描、编辑修改、图像制作、广告创意、图像输入与输出于一体的图形图像处理软件，目前，被广泛应用于各领域。A

19、udition 是 Adobe 公司旗下的一款多音轨编辑工具，是一款常用的声音编辑软件，它能支持 128 条音轨、多种音频特效、多种音频格式，可以很方便地对音频文件进行修改、合并。Authorware 是一种解释型、基于流程的图形编程语言，被用于创建互动的程序。15.某银行数据库中，信贷额度关系模式为(Credit-in(用户账号、信贷额度、已用金额、信誉指数)，用户关系模式为 User(用户账号、用户姓名、地址、电话)。（分数：1.00）A.查询每个用户还能使用的剩余金额的 SQL 语句为：SELECT 用户账号，用户姓名， (1) FROM Credit-in，UserWHERE (2)

20、；B.查询用户地址包含“科技二路”的用户姓名及电话的 SQL 语句为：SELECT 用户姓名，电话FROM UserWHERE (3) ； C.将信誉指数大于 60 的用户的信贷额度上调 10%的 SQL 语句为：UPDATE Credit-in解析：16. (17) 是指 CPU 一次可以处理的二进制数的位数，它直接关系到计算机的计算精度、速度等指标；运算速度是指计算机每秒能执行的指令条数，通常用 (18) 为单位来描述。（分数：1.00）A.字长 B.主频C.运算速度D.存储容量解析：17.计算机启动时，可以通过存储在_中的引导程序引导操作系统。（分数：1.00）A.RAMB.ROM C.

21、CacheD.CPU解析：解析 RAM 存储器既可以写入也可以读出数据，但断电后信息无法保存，因此只能用于暂存数据，一般主存就是用的 RAM。ROM 即只读存储器，信息已固化在存储器中。ROM 出厂时其内容由厂家用掩膜技术写好，只可读出，但无法改写。一般用于存放系统引导程序和用于微程序控制。Cache 即高速缓存，它的主要功能是提高 CPU 数据输入/输出的速率，突破所谓的“冯诺依曼瓶颈”，即 CPU 与存储系统间数据传送带宽不受限制。18.（分数：1.00）A.信誉指数60B.信誉指数60C.信誉指数60D.信誉指数60 解析：解析 在本题中，首先要查询每个用户还能使用的剩余金额，那么结合

22、SQL 语句我们可以知道(1)题应填剩余金额，但关系模式中很显然没有这个字段，根据题目意思剩余金额应该是信贷额度已用金额，因此这空的答案应选 B。第(2)题是 WHERE 后面所缺的内容，WHERE 后面接的是查询条件，本题要求查询每个用户还能使用的剩余金额，需要用到两个表，而这连个表是通过用户账号属性联系起来的，因此这里应填 Credit-in.用户账号=User.用户账号。答案应选 C。第(3)空所在的查询语句要求查询用户地址包含“科技二路”的用户姓名及电话，而本空是 WHERE 后面所缺的内容，即查询条件，这里的查询条件很明显是要用户地址包含“科技二路”，因此答案选 D。第(4)题和第(

23、5)题所在的 SQL 语句要实现将信誉指数大于 60 的用户的信贷额度上调 10%的功能，这需要更新表中的内容，根据 UPDATE 的操作格式，我们可以知道第(4)题所处位置应填修。改的内容，而上调10%可以通过当前的信贷额度*1.1 来实现，因此第(4)题的答案选 A，而第(5)题是修改的条件，根据题目要求，是信誉指数大于 60 的用户信贷额度需要修改，因此第(5)题的答案是 D。19.某机器的字长为 8，符号位占 1 位，数据位占 7 位，采用补码表示时的最小整数为_。（分数：1.00）A.-28B.-27 C.-27+1D.-28+1解析：解析 补码是计算机处理有符号数的运算常用的一种方

24、法。对于无符号数，补码是一种用对数值按位取反并加 1表示的二进制编码。对于有符号数，补码是一种用符号和对数值按位取反并加 1 表示的二进制编码。采用补码表示时的最小整数肯定为负数，因此符号位为 1，而 7 位数据位能表示的最大值为 27，因此本题答案选 B。20.（分数：1.00）A.6 B.5C.4D.3解析：解析 *表示关系 U 和 V 的自然联接，它要求两个关系中进行比较的分量必须是相同的属性组，并且在结果中把重复的属性列去掉。在关系 u 和 V 中，B 和 C 分量是相同的，首先看 U 的第 1 个元组，其 B、C 值为2、1，在关系 V 中 B、C 没有相应的值。同样，第 2 个元组

25、也没有相应的值。在第 3 个元组中，其 B、C 值为 8、7，在关系 V 中 B、C 有相应的值，因此，需要保留，且与 V 合并，形成(9，8，7，9)，即*运算结果的元组个数是 1，属性个数是 4。*表示等值联接，它是从关系 U 和 V 的笛卡儿积中选择 U 的第 2 列和 V 的第 1 列属性值相等的那些元组。根据上述规则，首先看 U 的第 1 个元组，其第 2 列值为 2，与 V 的第 1、2 个元组的第 1 列值相等。因此，需要保留，即(3，2，1，2，4，3)，(3，2，1，2，6，4 )。同理，对于 U 的第 3 个元组可同样处理(第 2个元组没有相同的值，不用保留)，即(9，8，

26、7，8，0，7)，(9，8，7，8，0，7 )。因此，*运算的结果共有 4 个元组，6 个属性。21.（分数：1.00）A.6B.5C.4 D.3解析：22.（分数：1.00）A.地址 IN(科技二路)B.地址 like科技二路C.地址 IN(科技二路)D.地址 like%科技二路% 解析：23.（分数：1.00）A.2356KBpsB.3534KBpsC.7069KBpsD.960KBps 解析：24.若 SRAM 芯片的存储容量为 64K16 位，则其地址线与数据线数目应为_使得访问其指定存储单元时，能将地址信号和数据信号一次性地并行传输。（分数：1.00）A.16 和 16B.64 和 16C.16 和 64 D.6 和 8解析：解析 本题中告诉我们 SRAM 芯片的存储容量为 64K16 位，因此需要 16 位数据线，而 64K=216，所以需要 16位地址线，这样就可以保证当要访问指定的存储单元时，能将地址信号和数据信号一次性地并行传输。