【计算机类职业资格】初级程序员上午试题-59及答案解析.doc

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1、初级程序员上午试题-59 及答案解析(总分：75.00，做题时间：90 分钟)一、单项选择题(总题数：62，分数：75.00)1.设每天发生某种事件的概率 p很小，如不改变这种情况，长此下去，这种事件几乎可以肯定是会发生的。对上述说法，适当的数字描述是：设 0p1，则 (65) 。（分数：1.00）A.B.C.D.2.程序的注释是为了提高程序可读性而加入的，它不影响程序实现的功能。编译程序在 (44) 阶段删除掉源程序中的注释。A) 词法分析 B) 语法分析 C) 语义分析 D) 代码优化（分数：1.00）A.B.C.D.3.若集合 A=0，1，B=0，2，C=4，3，这三个集合的笛卡尔积为

2、R，则 R的第 2个元素为 (23) 元组。若集合 A=0，1，B=0，2，C=4，3，这三个集合的笛卡尔积为 R，则 R的第 2个元素为 (23) 元组。A1 B2 C3 D4（分数：1.00）A.1B.2C.3D.44.商标法主要是保护_的权利。A商标设计人 B商标注册人 C商标使用人 D商品生产者（分数：1.00）A.B.C.D.电子邮件发送和接收的协议分别是 (63) 协议。一个用户在一台名为“”的邮件服务器上有一个账号“test”，则其邮件地址为 (64) 。（分数：2.00）(1).A. FTP、POP B. SMTP、POP C. UDP、PPP D. UDP、POP（分数：1.

3、00）A.B.C.D.(2).A. B. C. D. （分数：1.00）A.B.C.D.5.在因特网中，域名与 IP地址之间的翻译是由 (5) 来完成的。A代理服务器 BWeb 服务器C域名服务器 DTFTP 服务器（分数：1.00）A.B.C.D.6.Windows 2000本机模式域的域控制器上，不可以创建的安全组为 (56) 。A本地域组 B本地组C全局组 D通用组（分数：1.00）A.B.C.D.7.软件维护工作的最主要部分是_。 A校正性维护 B适应性维护 C完善性维护 D预防性维护（分数：1.00）A.B.C.D.8.数字音频采样和量化过程所用的主要硬件是 (54) 。A) 数

4、字编码器 B) 模拟到数字的转换器(A/D 转换器)C) 数字解码器 D) 数字到模拟的转换器(D/A 转换器)（分数：1.00）A.B.C.D.9. (75) is used to ensure the confidentiality, integrity and authenticity of the two end points in the private network。A. Certificate B. Encryption C. Tunnel D. Presentation（分数：1.00）A.B.C.D.10.若程序运行时系统报告关键字拼写错误，这属于 (34) 。A语法错误

5、B运算对象不匹配错误C静态语义错误 D动态语义错误（分数：1.00）A.B.C.D.11.操作系统通过_来组织和管理外存中的信息。A字处理程序 B设备驱动程序C文件目录和目录项 D语言翻译程序（分数：1.00）A.B.C.D.12.浏览器与 WWW服务器之间传输信息时使用的协议是 (63) 。AHTTP BHTML CFTP DSNMP（分数：1.00）A.B.C.D.13.网络安全的基本目标是实现信息的 (62) 。网络安全的基本目标是实现信息的 (62) 。A完整性、机密性、可用性、合法性B保密性、完整性、有效性、防病毒保护C保密性、完整性、合法性、防病毒保护D机密性、可用性、实用性、有效

6、性（分数：1.00）A.完整性、机密性、可用性、合法性B.保密性、完整性、有效性、防病毒保护C.保密性、完整性、合法性、防病毒保护D.机密性、可用性、实用性、有效性14.进程从运行状态到等待状态可能是由于 (23) 。进程从运行状态到等待状态可能是由于 (23) 。A该运行进程执行了 P操作B该运行进程执行了 V操作C其他运行进程执行了 P操作D其他运行进程执行了 V操作（分数：1.00）A.该运行进程执行了 P操作B.该运行进程执行了 V操作C.其他运行进程执行了 P操作D.其他运行进程执行了 V操作15.程序设计的一般原则不包括_。A自顶向下 B先设计外部接口，再进行内部设计C逐步细化 D

7、先进行内部设计，再设计外部接口（分数：1.00）A.B.C.D.16.关系数据库规范化是为解决关系数据库中 (24) 问题引入的。A减小数据操作的复杂性 B提高查询速度C插入、删除异常和数据冗余 D保证数据的安全和完整性（分数：1.00）A.B.C.D.17.编译过程中，对下列语句进行词法分析时，将转换为_个单词。 if x5 then a=x;else a=-x; A6 B8 C15 D22（分数：1.00）A.B.C.D.18.某电视台拟将他人已出版的卫生小常识VCD 光盘在该电视台的“生活”节目中播放，那么，该电视台 (44) 。某电视台拟将他人已出版的卫生小常识VCD 光盘在该电视台的

8、“生活”节目中播放，那么，该电视台 (44) 。A可以不经该 VCD光盘出版者许可，但必须向其支付报酬B既不必经该 VCD光盘出版者许可，也不必向其支付报酬C既须经该 VCD光盘出版者许可，也须向其支付报酬D只须经该 VCD光盘出版者许可，但不必向其支付报酬（分数：1.00）A.可以不经该 VCD光盘出版者许可，但必须向其支付报酬B.既不必经该 VCD光盘出版者许可，也不必向其支付报酬C.既须经该 VCD光盘出版者许可，也须向其支付报酬D.只须经该 VCD光盘出版者许可，但不必向其支付报酬19.设数组 datam作为循环队列 SQ的存储空间，front 为队头指针，rear 为队尾指针，则执行

9、出队操作后其头指针 front值为 (41) 。A. front=front+1 B. front=(front+1)%(m-1)C. front=(front-1)%m D. front=(front+1),%m（分数：1.00）A.B.C.D.在 Word的编辑状态，若选择了表格中的一行，执行了表格菜单中的“删除列”命令，则 (1) ；若要对当前正在编辑的文件加“打开权限密码”，则应该选择 (2) ，然后按相关提示操作即可。（分数：2.00）(1).A整个表格被删除 B表格中一行被删除C表格中一列被删除 D表格中没有被删除的内容（分数：1.00）A.B.C.D.(2).A“编辑”菜单的“选

10、项” B “插入”菜单的“文件”C“文件”菜单的“页面设置” D“工具”菜单的“选项”（分数：1.00）A.B.C.D.20.下列光盘格式中，可以多次擦除重写数据的是 (13) 。ACD-ROM BCD-DA CCD-R DCD-RW（分数：1.00）A.B.C.D.设机器码的长度为 8，X 为带符号纯小数，Y 为带符号纯整数，X 原 11111111， Y 补 11111111，则 X的十进制真值为 (19) ，Y 的十进制真值为 (20) 。（分数：2.00）(1).A1/128 B-1/128 C-127/128 D127/128（分数：1.00）A.B.C.D.(2).A-1 B127

11、 C-127 D1（分数：1.00）A.B.C.D.21.如果要对累加器的内容进行清零，那么可以采用的操作是_。 A将累加器的内容与 0进行逻辑加运算 B将累加器的内容与 0进行逻辑乘运算 C将累加器的内容与 1进行异或运算 D将累加器的内容与 1进行同或运算（分数：1.00）A.B.C.D.22.当网络出现连接故障时，一般应首先检查 。A系统病毒 B路由配置 C物理连通性 D主机故障（分数：1.00）A.B.C.D.23.无向图的邻接矩阵一定是 (39) 。A对角矩阵 B稀疏矩阵 C三角矩阵 D对称矩阵（分数：1.00）A.B.C.D.24.下面关于存储管理的叙述中正确的是 (67) 。A实

12、现虚存管理必须有相应的硬件支持B存储保护的目的是限制内存的分配C在内存为 M，有 N个用户的分时系统中，每个用户占有 M/N的内存空间D在虚存系统中，只要磁盘空间无限大，作业就能拥有任意大的编址空间（分数：1.00）A.B.C.D.25.对于需要编译的程序，在编译过程中能发现 (32) 错误。A死循环 B无穷递归 C0 作为除数 D括号不匹配（分数：1.00）A.B.C.D.26.Multimedia is the combination of computer and (72) technology.A) word processing B) picture C) video D) radi

13、o（分数：1.00）A.B.C.D.27.在分页存储管理系统中，若地址长度为 32位，011 位为页内地址，1231 位为页号，则允许地址空间的大小最多为_。 A4K B1M C4G D1K（分数：1.00）A.B.C.D.28.从取指令开始完成一条指令所需的全部时间为_。 A机器周期 BCPU 周期 C指令周期 D时钟周期（分数：1.00）A.B.C.D.29.文法 G产生的 (50) 的全体是该文法描述的语言。A句型 B终结符集 C非终结符集 D句子（分数：1.00）A.B.C.D.30.FTP客户端与 FTP服务器建立连接时，系统为其自动分配一个端口号，可选择的范围是 (66) 。A12

14、55 B11023C102365534 D102465535（分数：1.00）A.B.C.D.31.XP是一种轻量级(敏捷)、高效、低风险、柔性、可预测的、科学的软件开发方式，其四大价值观包括沟通、简单、_。 A隐喻和反馈 B重构和勇气 C隐喻和重构 D反馈和勇气（分数：1.00）A.B.C.D.32.下列命令中，用于验证和远程计算机连接的是 (64) 。Aping Bnetstat CARP Dipconfig（分数：1.00）A.B.C.D.33.对于二维数组 A05,18，设每个元素占 1个存储单元，且以列为主序存储，则元素 A3,6相对于数组空间起始地址的偏移量是 (40) 。A9 B

15、18 C29 D33（分数：1.00）A.B.C.D.34.现有一“遗传”关系：设 x是 y的父亲，则 x可以把它的属性遗传给 y。表示该遗传关系最适合的数据结构为_ A向量 B树 C图 D二叉树（分数：1.00）A.B.C.D.35.若构造散列表时不发生冲突，则给定的关键字与其哈希地址之间的对应关系是 (43) 。(其中 n1 且m1)A1:1 B1:n Cn:1 Dn:m（分数：1.00）A.B.C.D.面向对象程序设计以 (3) 。为基本的逻辑构件，用 些 (4) 来描述具有共同特征的一组对象；以 (5) 为共享机制，共享类中的方法和数据。（分数：3.00）(1).A模块 B对象 C函数

16、 D类（分数：1.00）A.B.C.D.(2).A类型 B抽象 C类 D结构（分数：1.00）A.B.C.D.(3).A引用 B成员函数 C数据成员 D继承（分数：1.00）A.B.C.D.评价一个计算机系统时，通常使用 (10) 来衡量系统的可靠性，使用 (11) 来度量系统的效率。（分数：2.00）(1).A平均响应时间 B平均无故障时间(MTBF)C平均修复时间 D数据处理速率（分数：1.00）A.B.C.D.(2).A平均无故障时间(MTBF)和平均修复时间(MTTR)B平均修复时间(MTTR)和故障率C平均无故障时间(MTBF)和吞吐量D平均响应时间、吞吐量和作业周转时间等（分数：1

17、.00）A.B.C.D.(74) systems perform basic tasks, such as recognizing input from the keyboard, sending output to the display screen, keeping track of files and (75) on the disk, and controlling peripheral devices such as disk drives and printers.（分数：2.00）(1).A. Operation B. Operator C. Operating D. Oper

18、ate（分数：1.00）A.B.C.D.(2).A. contents B. directories C. directions D. direct（分数：1.00）A.B.C.D.36.在关系数据库管理系统的层次结构中，应用层的服务对象是 (27) 。A终端用户和应用程序 B数据库 C数据查询 D终端用户（分数：1.00）A.B.C.D.37.涉及某一资源造成与时间有关的错误的原因，正确的是 (15) 。A一个进程多次申请，释放该资源B若干并发进程互斥使用该资源C若干并发进程同时使用该资源D以上说法均不对（分数：1.00）A.B.C.D.38.下图所示的流程中，最少需要_个测试用例就可以完成

19、路径覆盖。（分数：1.00）A.B.C.D.39.执行指令时，操作数存放在某一寄存器中，指令中给出存放操作数的寄存器名的寻址方式称为 (23) 。A变址寻址 B直接寻址C相对寻址 D寄存器寻址（分数：1.00）A.B.C.D.40.Which one of these statements about connecting to the Internet is true? (68) .A. The Internet can only be used to link computers with same operating systemB. The Internet can be used t

20、o connect computers with different ISPC. You must have a telephone line to connect to the InternetD. You must have a modem to connect to the Internet（分数：1.00）A.B.C.D.41.由 C语言编写的中断处理程序，其最大特点是返回值和参数必须是 (34) 类型。Aint BvoidCinterrupter Dreti（分数：1.00）A.B.C.D.在操作序列 push(1)，push(2)，pop，push(5)，push(7)，pop，p

21、ush(6)之后，栈顶元素是 (29) ，栈底元素是 (30) 。（分数：2.00）(1).A7 B6 C5 D1（分数：1.00）A.B.C.D.(2).A1 B2 C7 D6（分数：1.00）A.B.C.D.在 Windows系统中，当用户选择 C:/Documents/目录中的一个文件图标，并执行“剪切”命令后，被“剪切”的文件会放在 (23) 中；若用户要浏览“图片收藏”文件夹中存放的图像文件的大致内容，则可选择“查看”菜单栏中的 (24) 命令。（分数：2.00）(1).A回收站 B剪贝占板 CUSB 盘 DC:/Documents/（分数：1.00）A.B.C.D.(2).A详细信

22、息 B图标 C缩略图 D平铺（分数：1.00）A.B.C.D.42.在流水线相关处理中，采用 (14) 会产生“写-写”相关和“先读后写”相关。A异步流动 B相关专用通路 C猜测法 D顺序流动（分数：1.00）A.B.C.D.43.正确的程序注释一般包括序言性注释和 (45) 。A概要性注释 B说明性注释 C功能性注释 D解析性注释（分数：1.00）A.B.C.D.44.以下关于非对称加密算法说法中不正确的 (18) 。以下关于非对称加密算法说法中不正确的 (18) 。A非对称加密算法需要两个密钥：公开密钥和私有密钥B若用公开密钥对数据进行加密，则只有用对应的私有密钥才能解密C若用私有密钥对数

23、据进行加密，则只有用对应的公开密钥才能解密D只能用公开密钥对数据进行加密，而不能用私有密钥对数据进行加密（分数：1.00）A.非对称加密算法需要两个密钥：公开密钥和私有密钥B.若用公开密钥对数据进行加密，则只有用对应的私有密钥才能解密C.若用私有密钥对数据进行加密，则只有用对应的公开密钥才能解密D.只能用公开密钥对数据进行加密，而不能用私有密钥对数据进行加密45.数据结构中的树最适合用来表示 (40) 的情况。A数据元素有序 B数据元素之间具有多对多关系C数据元素无序 D数据元素之间具有一对多关系（分数：1.00）A.B.C.D.46.利用海明码(Hamming Code)纠正单位错，如果有

24、8位信息位，则至少需要加入 (8) 位冗余位。A2 B3 C4 D5（分数：1.00）A.B.C.D.47.IS09000:2000标准是 (17) 系列标准。A产品生产和产品管理 B技术管理和生产管理C质量管理和质量保 D产品评估和质量保证（分数：1.00）A.B.C.D.48.在 Windows 2000操作系统中，常用下列命令中的_命令在命令行中显示网络连接统计。Anetsat Bping Cipconfig Dtracert（分数：1.00）A.B.C.D.49.设有说明 int(*ptr)M，其中的标识符 ptr是 (45) 。AM 个指向整型变量的指针B指向 M个整型变量的函数指针

25、C一个指向具有 M个整型元素的一维数组的指针D具有 M个指针元素的一维指针数组，每个元素都只能指向整型变量（分数：1.00）A.B.C.D.50.与软件著作权人的人身权不可分离的是 (25) 。A使用权 B复制权C使用权和复制权 D发表权和开发者身份权（分数：1.00）A.B.C.D.51.在关系代数运算中， (23) 运算结果的关系模式与原关系模式相同。A并 B笛卡儿积 C投影 D自然连接（分数：1.00）A.B.C.D.操作系统是一种系统软件，它有许多种类，PC-DOS 是一种 (44) 操作系统，Windows 是具有图形界面的 (45) 运行方式的操作系统。Windows 应用程序之间

26、可以方便地通过 (46) 交换数据。将正在运行的应用程序窗口最小化后，该应用程序处于 (47) 状态。 (48) 是在体系结构上采用了客户机/服务器模式的网络操作系统。（分数：5.00）(1).A多用户 B分时 C单用户 D分布式（分数：1.00）A.B.C.D.(2).A单任务 B多任务 C单用户 D单线程（分数：1.00）A.B.C.D.(3).A邮箱 B文本区 C对话框 D剪贴板（分数：1.00）A.B.C.D.(4).A运行 B挂起 C退出 D停止（分数：1.00）A.B.C.D.(5).AWindows 95 BWindows NT CWindows 3.2 DWindows 98（

27、分数：1.00）A.B.C.D.52.软件的结构化设计(SD)方法中，一般分为概要设计和详细设计两阶段，其中详细设计主要是要建立 (50) 。A) 软件结构 B) 软件过程 C) 软件模型 D) 软件模块（分数：1.00）A.B.C.D.53.8位二进制原码表示整数的范围是 (9) 。8位二进制原码表示整数的范围是 (9) 。A0+128 B-128+128 C0+127 D-127127（分数：1.00）A.0+128B.-128+128C.0+127D.-127127初级程序员上午试题-59 答案解析(总分：75.00，做题时间：90 分钟)一、单项选择题(总题数：62，分数：75.00)

28、1.设每天发生某种事件的概率 p很小，如不改变这种情况，长此下去，这种事件几乎可以肯定是会发生的。对上述说法，适当的数字描述是：设 0p1，则 (65) 。（分数：1.00）A.B.C.D. 解析：解析 设每天发生某种事件的概率保持为常数 P(不发生该种事故的概率为 1-P)，则连续 n天都不发生该事故的概率为(1-P) n。因此，连续 n天内会发生(至少一次)这种事件的概率为 1-(1-P) n。当 n时，2.程序的注释是为了提高程序可读性而加入的，它不影响程序实现的功能。编译程序在 (44) 阶段删除掉源程序中的注释。A) 词法分析 B) 语法分析 C) 语义分析 D) 代码优化（分数：1

29、.00）A. B.C.D.解析：3.若集合 A=0，1，B=0，2，C=4，3，这三个集合的笛卡尔积为 R，则 R的第 2个元素为 (23) 元组。若集合 A=0，1，B=0，2，C=4，3，这三个集合的笛卡尔积为 R，则 R的第 2个元素为 (23) 元组。A1 B2 C3 D4（分数：1.00）A.1B.2C.3 D.4解析：若集合 A=0，1，B=0，2，C=4，3，则这三个集合的笛卡尔积 R的每个分量必然是一个三元组，所以 R的第 2个元素必然为一个三元组。4.商标法主要是保护_的权利。A商标设计人 B商标注册人 C商标使用人 D商品生产者（分数：1.00）A.B. C.D.解析：解析

30、 本题考查我国商标法中有关保护注册商标的相关规定。商标法主要是保护注册商标，注册商标是指经国家主管机关核准注册而使用的商标，注册人依法对其注册商标享有专用权(商标权)。在我国，商标权的取得实行的是注册原则，即商标所有人只有依法将自己的商标注册后，商标注册人才能取得商标权，其商标才能得到法律的保护。未注册商标是指未经核准注册而自行使用的商标人不享有法律赋予的专用权。商标权不包括商标设计人的权利，注重商标所有人的权利，商标设计人的发表权、署名权等人身权在商标的使用中没有反映，它不受商标法保护，商标设计人可以通过其他法律来保护属于自己的权利。例如，可以将商标设计图案作为美术作品通过著作权法来保护，与

31、产品外观关系密切的商标图案还可以申请外观设计专利，通过专利法保护。电子邮件发送和接收的协议分别是 (63) 协议。一个用户在一台名为“”的邮件服务器上有一个账号“test”，则其邮件地址为 (64) 。（分数：2.00）(1).A. FTP、POP B. SMTP、POP C. UDP、PPP D. UDP、POP（分数：1.00）A.B. C.D.解析：解析 电子邮件发送和接收的协议分别是 SMTP 协议(Simple Mail Transfer Protocol，简单邮件传输协议)和 POP协议(Post Office Protocol，邮局协议)。(2).A. B. C. D. （分

32、数：1.00）A.B.C. D.解析：解析 完整的邮件地址是“邮箱账户名计算机名”，本题中应该是“”。5.在因特网中，域名与 IP地址之间的翻译是由 (5) 来完成的。A代理服务器 BWeb 服务器C域名服务器 DTFTP 服务器（分数：1.00）A.B.C. D.解析：解析 Internet 上计算机的地址格式主要有两种书写形式：域名格式和 IP地址格式。其中，域名格式地址是按名称来描述的，这种地址的表示方式易于理解和记忆。实际上 Internet中的主机地址是用 IP地址来唯一标识的。DNS 是域名解析服务器的缩写，DNS 提供计算机查询网络地址的数据库。DNS 服务器为客户提供存储、查询

33、和搜索其他主机域名和 IP地址的服务，主要实现域名与 IP地址之间的转换，把域名转换成与其相对应的“地址，还可以把 IP地址反向解析转换成域名，以解决 IP地址难以记忆的问题。在因特网中，请求域名解析的软件必须获得根域名服务器的域名。6.Windows 2000本机模式域的域控制器上，不可以创建的安全组为 (56) 。A本地域组 B本地组C全局组 D通用组（分数：1.00）A.B. C.D.解析：Windows 2000 的域分为混合模式和本机模式。在 Windows 2000混合模式域的域控制器上，只能创建本地域组和全局组；而在 Windows 2000本机模式域的域控制器上，可以创建本地域

34、组，全局组和通用组。7.软件维护工作的最主要部分是_。 A校正性维护 B适应性维护 C完善性维护 D预防性维护（分数：1.00）A.B.C. D.解析：解析 软件维护工作的最主要部分是完善性维护。8.数字音频采样和量化过程所用的主要硬件是 (54) 。A) 数字编码器 B) 模拟到数字的转换器(A/D 转换器)C) 数字解码器 D) 数字到模拟的转换器(D/A 转换器)（分数：1.00）A.B. C.D.解析：解析 声音的量化处理是把在幅度上连续取值(模拟量)的每一个采样样本转换为离散值(数字量)表示，这一过程也称作模数转换(A/D 转换)，所使用的主要硬件是模拟到数字的转换器(A/D 转换器

35、)。在采样和量化以后，为了便于计算机存储、处理和传输数字形式的声音信号，还需要对它进行压缩以减少数据量，此过程中需要使用数字编码器。9. (75) is used to ensure the confidentiality, integrity and authenticity of the two end points in the private network。A. Certificate B. Encryption C. Tunnel D. Presentation（分数：1.00）A.B. C.D.解析：解析 加密可确保私有网络中两个端点间的保密性、完整性和认证性。10.若程序运行时

36、系统报告关键字拼写错误，这属于 (34) 。A语法错误 B运算对象不匹配错误C静态语义错误 D动态语义错误（分数：1.00）A. B.C.D.解析：解析 程序中的错误分为语法错误和语义错误两种。一般情况下，语法是关于程序结构的规则，语法错误是形式上的错误，这类错误编译器可以检查出来。括号不匹配和关键字拼写错误是关于语言结构的错误，是两种常见的语法错误。语义错误是程序含义(功能)上的错误，可分为静态语义错误和动态语义错误。静态语义错误编译器可以检查出来。动态语义反映程序的逻辑，这种错误发生在程序运行期间，常见的逻辑错误有 0作为除数、死循环和无穷递归等，编译时检查不出这类错误。11.操作系统通过

37、_来组织和管理外存中的信息。A字处理程序 B设备驱动程序C文件目录和目录项 D语言翻译程序（分数：1.00）A.B.C. D.解析：解析 本题考查操作系统文件管理方面的基础知识。操作系统通过文件和文件目录来组织和管理外存中的信息。为了实现文件“按名存取”，必须为每个文件设置用于描述和控制文件的数据结构，该数据结构通常称之为文件控制块 FCB，或称为文件的说明或称为文件目录项(简称目录项)。文件控制块 FCB至少要包括文件名和存放文件的物理地址，文件控制块的有序集合称为文件目录。这样，当用户要访问文件时，可以通过检索文件目录找到需要访问的文件目录项，根据目录项中的物理地址访问文件信息。12.浏览

38、器与 WWW服务器之间传输信息时使用的协议是 (63) 。AHTTP BHTML CFTP DSNMP（分数：1.00）A. B.C.D.解析：13.网络安全的基本目标是实现信息的 (62) 。网络安全的基本目标是实现信息的 (62) 。A完整性、机密性、可用性、合法性B保密性、完整性、有效性、防病毒保护C保密性、完整性、合法性、防病毒保护D机密性、可用性、实用性、有效性（分数：1.00）A.完整性、机密性、可用性、合法性 B.保密性、完整性、有效性、防病毒保护C.保密性、完整性、合法性、防病毒保护D.机密性、可用性、实用性、有效性解析：解析 本题考查对计算机网络安全概念的了解。网络安全的基本

39、目标是实现信息的机密性、完整性、可用性和合法性。一般认为，目前网络存在的威胁主要表现在以下 4方面：1信息泄漏或丢失；2破坏数据完整性；3拒绝服务攻击；4非授权访问。这 4个基本的安全威胁直接反映了机密性、完整性、可用性和合法性 4个安全目标。14.进程从运行状态到等待状态可能是由于 (23) 。进程从运行状态到等待状态可能是由于 (23) 。A该运行进程执行了 P操作B该运行进程执行了 V操作C其他运行进程执行了 P操作D其他运行进程执行了 V操作（分数：1.00）A.该运行进程执行了 P操作 B.该运行进程执行了 V操作C.其他运行进程执行了 P操作D.其他运行进程执行了 V操作解析：当进

40、程申请某资源而没有得到，该进程就转变为等待状态。如一进程请求使用打印机，但系统已将打印机分配给其他进程而不能分配给请求进程，故请求者只能进入等待状态，仅在其进程释放打印机的时候，再由释放者将请求者唤醒。所以进程从运行状态转换到等待状态可能是由于它申请了资源，即执行了P操作。15.程序设计的一般原则不包括_。A自顶向下 B先设计外部接口，再进行内部设计C逐步细化 D先进行内部设计，再设计外部接口（分数：1.00）A.B.C.D. 解析：解析 程序设计的一般原则是自顶向下，逐步细化。在设计程序模块时，应先设计外部接口，规定好模块的输入输出格式、全局变量、需要调用的过程函数等，再进行模块内部的设计。

41、因为程序模块的外部接口包括多个程序模块之间关系的确定，包括程序运行环境的设定，必须先确定好，才能着手编写程序模块的内部代码。如果先做程序模块的内部编程，最后就很难再与其他模块相衔接了。16.关系数据库规范化是为解决关系数据库中 (24) 问题引入的。A减小数据操作的复杂性 B提高查询速度C插入、删除异常和数据冗余 D保证数据的安全和完整性（分数：1.00）A.B.C. D.解析：解析 如果数据库的关系模式不规范，则通常会存在更新异常和数据冗余问题，其中更新就包括插入、删除和修改数据。为了解决这个问题，就要求对数据库进行规范化。17.编译过程中，对下列语句进行词法分析时，将转换为_个单词。 if

42、 x5 then a=x;else a=-x; A6 B8 C15 D22（分数：1.00）A.B.C. D.解析：解析 编译程序中，词法分析的任务是从前到后逐个字符进行扫描，从中识别出一个个单词符号。词法分析过程依据的是语言的词法规则，单词符号是基本的语法单位，如保留字、标识符、常数、运算符和分隔符等。 对题目中的语句的字符串分割为如下的单词序列： If，x，5，then，a，=，x，；，else，a，=，-，x，;，其中： 保留字(3 个)：if，then，else 分隔符(2 个):;,； 标识符(5 个)：x，a，x，a，x 常数(1 个)：5 运算符(4 个)：，=，=，-18.某电

43、视台拟将他人已出版的卫生小常识VCD 光盘在该电视台的“生活”节目中播放，那么，该电视台 (44) 。某电视台拟将他人已出版的卫生小常识VCD 光盘在该电视台的“生活”节目中播放，那么，该电视台 (44) 。A可以不经该 VCD光盘出版者许可，但必须向其支付报酬B既不必经该 VCD光盘出版者许可，也不必向其支付报酬C既须经该 VCD光盘出版者许可，也须向其支付报酬D只须经该 VCD光盘出版者许可，但不必向其支付报酬（分数：1.00）A.可以不经该 VCD光盘出版者许可，但必须向其支付报酬B.既不必经该 VCD光盘出版者许可，也不必向其支付报酬C.既须经该 VCD光盘出版者许可，也须向其支付报酬

44、 D.只须经该 VCD光盘出版者许可，但不必向其支付报酬解析：解析 我国的中华人民共和国著作权法第四十五条规定：电视台播放他人的电影作品和以类似摄制电影的方法创作的作品、录像制品，应当取得制片者或者录像制作者许可，并支付报酬；播放他人的录像制品，还应当取得著作权人许可，并支付报酬。19.设数组 datam作为循环队列 SQ的存储空间，front 为队头指针，rear 为队尾指针，则执行出队操作后其头指针 front值为 (41) 。A. front=front+1 B. front=(front+1)%(m-1)C. front=(front-1)%m D. front=(front+1),%

45、m（分数：1.00）A.B.C.D. 解析：解析 循环队列中出队操作后头指针需在循环意义下加 1，因此为 front=(front+l)%m。在 Word的编辑状态，若选择了表格中的一行，执行了表格菜单中的“删除列”命令，则 (1) ；若要对当前正在编辑的文件加“打开权限密码”，则应该选择 (2) ，然后按相关提示操作即可。（分数：2.00）(1).A整个表格被删除 B表格中一行被删除C表格中一列被删除 D表格中没有被删除的内容（分数：1.00）A. B.C.D.解析：(2).A“编辑”菜单的“选项” B “插入”菜单的“文件”C“文件”菜单的“页面设置” D“工具”菜单的“选项”（分数：1.

46、00）A.B.C.D. 解析：20.下列光盘格式中，可以多次擦除重写数据的是 (13) 。ACD-ROM BCD-DA CCD-R DCD-RW（分数：1.00）A.B.C.D. 解析：解析 本题考查光盘存储技术基本常识。题目给出的是常见光盘格式，其中 CD-DA指音乐 CD只读光盘，CD-ROM指计算机数据存储只读光盘，CD-R 指一次性可写(刻录)光盘，CD-RW 指可多次擦除、重写光盘。设机器码的长度为 8，X 为带符号纯小数，Y 为带符号纯整数，X 原 11111111， Y 补 11111111，则 X的十进制真值为 (19) ，Y 的十进制真值为 (20) 。（分数：2.00）(1

47、).A1/128 B-1/128 C-127/128 D127/128（分数：1.00）A.B.C. D.解析：(2).A-1 B127 C-127 D1（分数：1.00）A. B.C.D.解析：本题考查数值数据在计算机中的表示。数值 X的原码记为X 原 ，根据定义，如果机器字长为 n(即采用 n个二进制位表示数据)，则最高位是符号位，0 表示正号，1 表示负号，其余的 n-1位表示数值的绝对值。因此，X 原 11111111 时，X-0.1111111，即 X-127/128。数值 Y的补码记作Y 补 ，如果机器字长为 n，则最高位为符号位，0 表示正号，1 表示负号，正数的补码与其原码相同，负数的补码则等于其原码数值部分各位取反末位再加 1。因此，Y 补 11111111 时，X原 10000001，则 Y-000001，即 Y-1。21.如果要对累加器的内容进行清零，那么可以采用的操作是_。 A将累加器的内容与 0进行逻辑加运算 B将累加器的内容与