1、2013届陕西省岐山县高三上学期期中考试物理试卷与答案（带解析） 选择题 以下叙述正确的是 A奥斯特发现了电磁感应现象 B惯性是物体的固有属性，速度大的物体惯性一定大 C伽利略最早通过理想斜面实验得出力不是维持物体运动的必然结果 D感应电流遵从楞次定律所描述的方向，但这不符合能量守恒定律 答案： C 试题分析：法拉第发现了电磁感应现象， A错；惯性是物体的固有属性，惯性的大小只由质量决定， B错；伽利略最早通过理想斜面实验得出力不是维持物体运动的必然结果， C对；感应电流遵从楞次定律所描述的方向 ，符合能量守恒定律， D错；故选 C 考点：考查物理史实问题 点评：本题难度较小，对于物理史实问题
2、要注意积累和记忆 某空间存在着如图甲所示足够大沿水平方向的匀强磁场。在磁场中 A、 B两个物块叠放在一起，置于光滑水平面上，物块 A带正电，物块 B不带电且表面绝缘。在 t1=0时刻，水平恒力 F作用在物块 B上，物块 A、 B由静止开始做加速度相同的运动在 A、B一起向左运动的过程中，以下说法正确的是 ( ) A图乙可以反映 A所受洛仑兹力大小随时间 t变化的关系 B图乙可以反映 A对 B的摩擦力大小随时间 t变化的关系 C图乙可以反 映 A对 B的压力大小随时间 t变化的关系 D图乙可以反映 B对地面压力大小随时间 t变化的关系答案： CD 试题分析：以整体为研究对象可知物体加速度恒定，
3、A做匀加速直线运动所受洛仑兹力大小 ，所以与 t成正比，图线过原点， A错， A对 B的摩擦力大小f=ma，故摩擦力大小不变， B错，对 A在竖直方向列得平衡方程 ，所以图乙可以反映 A对 B的压力大小随时间 t变化的关系，同理也可以反映 B对地面压力大小随时间 t变化的关系，故 CD正确 考点：考查对洛伦兹力的应用 点评：本题关键要注意应用整体隔离法求解问题，明确洛伦兹力随着速度的变化而变化，能够理清竖直和水平两个方向上各力的变化情况 功率为 10w的发光二极管（ LED灯）的亮度与功率为 60W的白炽灯相当。根据国家节能战略， 2016年前普通白炽灯应被淘汰。假设每户家庭有 2只 60W的
4、白炽灯，均用10W的 LED灯 替代。估算出全国一年节省的电能最接近（ ） A 8108KW h B 81010KW h C 81011KW h D 81013KW h 答案： B 试题分析：每户家庭功率节省 100W，中国人口约为 13亿，大概 4亿户家庭，每天开灯 5小时，则一年全国节省的电能为 ，故选 B 考点：考查电功率的计算 点评：本题难度较小，电功率指的是 1s时间内消耗的电能， kwh这个单位是电功的单位，不是电功率，要理解并能应用该单位解题是关键 如图所示 的电路中，电源的电动势 E和内阻 r恒定不变，滑片 P在变阻器正中位置时，电灯 L正常发光，现将滑片 P向右移动，则 （
5、） A电流表的示数变小 B电压表的示数变小 C电灯 L消耗的功率变大 D电阻 R1消耗的功率变小 答案： B 试题分析：滑动变阻器的滑片向右端滑动过程，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，由欧姆定律分析总电流的变化和路端电压的变化，来判断电灯亮度和电流表示数的变化滑动变阻器的滑片向右端滑动过程，变阻器接入 电路的电阻减小， R，外电路总 R，由欧姆定律得知总电流 I，电流表的示数增大，故 A错；电压表的示数 U=E-I（ R1+r） 故 B对。电灯 L的电压等于路端电压，路端电压U=E-Ir所以电灯 L变暗，消耗的功率减小，故 C错电阻 R1消耗的功率 ，故 D错误，故选 B 考点：考
6、查闭合电路的欧姆定律 点评：本题难度较小，本题是简单的电路动态分析问题对于路端电压也可以直接根据路端电压随外电阻增大而增大判断变化 将闭合多匝线圈置于仅随时间变化的 磁场中，线圈平面与磁场方向垂直，关于线圈中产生的感应电动势和感应电流，下列表述正确的是 A感应电动势的大小与线圈的匝数无关 B穿过线圈的磁通量越大，感应电动势越大 C穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大 D感应电流产生的磁场方向与原磁场方向始终相同 答案： C 试题分析：由法拉第电磁感应定律可知，感应电动势 可得，即感应电动势与线圈匝数有关故 A错误；同时可知，感应电动势与磁通量的变化率有关，磁通量变化越快，感应电动势越大，故
7、 C正确；穿过线圈的磁通量大，但若所用的时间长，则电动势可能小，故 B错误；由楞次定律可知：感应电流的磁场方向总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化，故原磁通增加，感应电流的磁场与之反向，原磁通减小，感应电流的磁场与原磁场方向相同，即 “增反减同 ”，故 D错误，故选 C 考点：考查法拉第电磁感应定律以及楞次定律的应用 点评：本题难度较小 ，感应电动势取决于穿过线圈的磁通量的变化快慢，在理解该定律时要注意区分磁通量、磁通量的变化量及磁通量变化率三者间区别及联系 两电荷量分别为 q1和 q2的点电荷放在 x轴上的 A、 B两点，两电荷连线上各点电势 随x变化的关系图线如图所示，其中 P点电势最低，且
8、 AP BP，则（ ） A P点的电场强度大小为零 B q1的电荷量大于 q2的电荷量 C q1和 q2是同种电荷，但不一定是正电荷 D负电荷从 P点左侧移到 P点右侧，电势能先减小后增大 答 案： AB 试题分析：电势 随 x变化的关系图线上每点切线的斜率为 /x（ x0），表示电场强度 E，所以可知 P点的场强为 0，从而知道 AB中点的场强根据 P点的场强为 0可知两电荷的电量大小根据 P点场强为 0，知两电荷是同种电荷，根据电势的变化，判断电荷的电性 根据电场力做功判断电势能的变化电势 随 x变化的关系图线上每点切线的斜率为/x（ x0），表示电场强度 E， P点的切线斜率为 0，知
9、P点的场强为 0，故 A正确因为 P点的场强为 0，所以 A、 B两点的电荷在 P点产生的场强大小相等，方向相反，根据 E=Kq/r2，知距离大的电量大，所以 q1的电荷量大于 q2的电荷量故 B正确因为 P点的场强为 0，所以 A、 B两点的电荷在 P点产生的场强大小相等，方向相反，两电荷为同种电荷，根据沿电场线方向电势逐渐降低，知两电荷为正电荷故 C错误负电荷在 P点所受电场力为 0，在 P点左边所受电场力向左，在 P点右边所受电场力向右，负电荷从 P点左侧移到 P点右侧，电场力先做负功，后做正功，电势能先增大后减小或根据 EP=q，电势先减小后增大，电势能先增大后减小故 D错误 考点：考
10、查电势与场强的关系 点评：本题难度较大，解决本题的关键掌握电 势 随 x变化的关系图线上每点切线的斜率为 /x（ x0），表示电场强度 E以 P点场强为 0作为突破口，展开分析 如图所示，在光滑竖直平面内有一半径为 的圆弧轨道，半径 水平、 竖直，一个质量为 的小球自 的正上方 点由静止开始自由下落，已知 =2 ,重力加速度为 ，则小球从 到 的运动过程中 ( ) A机械能减少为 0 B重力做功 C物体下落到 A点时的速度大小为 D物体达到 B点时的速度大小为 答案： A 试题分析：由于小球在下落过程中只有重力做功，机械能守恒， A对；由 P到 B，重力做功为 mgR， B错；物体下落到 A点
11、时，根据动能定理 ，C错；到达 B点时，由动能定理 ， D错；故选 A 考点：考查了动能定理以及功能关系的应用 点评：本题难度较小，多次应用动能定理即可求解，注意重力做功与路径无关只与初末位置的高度差有关 酒后驾驶会导致许多安全隐患，是因为驾驶员的反应时间变长。反应时间是指驾驶员从发现情况到采取制动的时间。下表中 “思考距离 ”是指驾驶员发现情况到采取制动的时间内汽车行驶的距离； “制动距离 ” 是指 驾驶员发现情况到汽车停止行驶的距离（假设汽车制动时的加速度大小都相同）。 速度（ m/s） 思考距离 /m 制动距离 /m 正常 酒后 正常 酒后 15 7 5 15 0 22 5 30 0 2
12、0 10 0 20 0 36 7 46 7 25 12 5 25 0 54 2 66 7 分析上表可知，下列说法正确的是（ ） A驾驶员正常情况下反应时间为 0 5s B驾驶员酒后反应时间比正常情况下多 0 5s C驾驶员采取制动措施后汽车加速度大小为 3 75m/s2 D若汽车以 30m/s的速度行驶时，发现 前方 80m处有险情，正常驾驶能安全停车，酒后驾驶不能安全停车 答案： ABD 试题分析：制动距离 =思考距离 +滑行距离；反应时间内汽车做匀速运动，从表中数据得，得出的反应时间差为 ；正常的反应时间为 ；AB对；当速度为 20m/s时，滑行距离 =制动距离 -思考距离 =26.7m，
13、由 得加速度大小 a=7.5m/s； C错；若汽车以 30m/s的速度行驶时，反应时间为 0.5s，思考距离为 15m，制动距离为 ，总距离为 75m，因此发现前方 80m处有险情，正常驾驶能安全停车，如果是酒后驾驶，思考距离为 30m，总距离为 90m，不能安全停车， D对；故选 ABD 考点：考查匀变速直线运动的位移与速度的关系 点评：本题难度中等，本题难点在于学生处理表格和实验数据能力较低，所以应把注意力集中于表格的数据上，能够判断出滑行距离与喝酒与否没有关系，相同的速度滑行距离相同，只 是反应时间不同而已 由于通讯和广播等方面的需要，许多国家发射了地球同步轨道卫星，这些卫星的 A地球对
14、卫星的引力可以不同 B轨道半径可以不同 C轨道平面可以不同 D速率可以不同 答案： A 试题分析：地球同步卫星的运转周期与地球的自转周期相同且与地球自转 “同步 ”，所以它们的轨道平面都必须在赤道平面内，故 C项错误；由 可得 ，由此可知所有地球同步卫星的轨道半径都相同，故 B项错误，由 v r， ，可得 v R ，可知同步卫星的运转速率都相同，故 D项错误；而卫星的质量不影响运转周期，地球对卫星的引力可以不同，故选 A 考点：考查同步卫星 点评：地球同步卫星的轨道平面都必须在赤道平面内，由 可得 ，由此可知所有地球同步卫星的轨道半径都相同，由 v r， ，可得 v R ，可知同步卫星的运转速
15、率都相同，而卫星的质量不影响运转周期 如右图，轻弹簧上端与一质量为 m的木块 1相连，下端与另一质量为 M的木块 2相连，整个系统置于水平放置的光滑木板上，并处于静止状态现将木板沿水平方向突然抽出，设抽出后的瞬间，木块 1， 2的加速度大小分别为 ab a2重力加速度大小为昏则有 A B C D 答案： C 试题分析：抽取前， 1受到重力和弹力，二力处于平衡状态 F=mg，抽取后的瞬间由于弹簧的长度来不及改变，所以弹力大小不变，故 1仍旧处于平衡状态，即加速度，抽取前， 2受到重力和向下的弹力以及向上的支持力，三力处于平衡状态，抽取后的瞬间，木板的支持力消失，弹力不变，所以 2受到重力和向下的
16、弹力作用，根据牛顿第二定律可得 ，故选 C 考点：考查牛顿第二定律的应用 点评：本题难度较小，做此类型题目的关键是知道在抽取掉某个物体的瞬间，由于弹簧的长度来不及改变，所以弹力大小保持不变 近年来有一种测 g值的方法叫 “对称自由下落法 ”：将真空长直管沿竖直方向放置，自其中 O点向上抛小球又落至原处的时间为 T2，在小球运动过程中经过比 O点高 H的 P点，小球离开 P点至又回到 P点所用的时间为 T1，测得 T1 、 T2和 H，可求得 g等于 ( ) A B C D 答案： A 试题分析：自其中 O点向上抛小球又落至原处为竖直上抛运动， ，在小球运动过程中经过比 O点高 H的 P点，小球
17、离开 P点至又回到 P点，同理可前， 。再利用公式 得： ，解得 ， A对，故选A 考点：考查竖直上抛运动 点评：本题难度中等 ，巧妙应用竖直上抛运动的对称性是求解此题的关键 质点做直线运动的位移 x与时间 t的关系为 x = 5t + t2（各物理量均采用国际单位制单位），则该质点 A物体的初速度是 10m/s B 2s末的速度是 6m/s C物体的加速度是 1m/s2 D任意 1s内的速度增量都是 2m/s 答案： D 试题分析：匀变速直线运动的位移时间公式为 ，而该题中的 x 5t t2可改写成： ，对应可得 ， A对； B错；物体在任意 1s内的速度增量都是 2m/s， D错，物体在第
18、 1s内的位移为， C错；故选 A 考点：考查了匀变速直线运动的位移时间公式、速度时间公式的应用 点评：难度较小，熟记匀变速直线运动的位移公式，与公式中的系数对应 实验题 某同学测量一个圆柱体的电阻率，需要测量圆柱体的尺寸和电阻。 分别使用游标卡尺和螺旋测微器测量圆柱体的长度和直径，某次测量的示数如图（ a）和图（ b）所示，长度为 _cm，直径为 _mm。 按图（ c）链接电路后，实验操作如下： （ a）将滑动变阻器 R1的阻值置于最 _处（填 “大 ”或 “小 ”）；将 S2拨向接点 1，闭合 S1，调节 R1，使电流表示数为 I0； （ b）将电阻箱 R2的阻值调至最 _（填 “大 ”或
19、 “小 ”）；将 S2拨向接点 2；保持 R1不变，调节 R2，使电流表示数仍为 I0，此时 R2阻值为 1280； 由此可知，圆柱体的电阻为 _。 答案：（ 1） 5.01 5.315 （ a）大 （ b）大 1280 试题分析：根据游标卡尺读数规则，主尺读数为 5cm，游标尺读数为 0.11mm，长度为 5.01cm，根据螺旋测微器的读数规则，主尺读数为 5mm，可动刻度为31.50.01mm，所以直径为 5.315mm。对于滑动变阻器的限流接法，闭合开关前，将滑动变阻器 R1的阻值置于最大处。将 S2拨向接点 2前，将电阻箱 R2的阻值调至最大处。此题采用等效替代法测量电阻，圆柱体的电阻
20、等于电阻箱 R2的阻值为 1280 考点：考查测量电阻的电阻率 点评：本题难度较小，首先 应明确实验原理，本实验中测量电阻所采取的方法是替代法 用如图实验装置验证 、 组成的系统机械能守恒 ：从高处由静止开始下落，上拖着的纸带打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守 恒定律下图给出的是实验中获取的一条纸带： 0是打下的第一个点，每相邻两计数点间还有 4个打点 (图中未标出 )，计数点间的距离如图所示已知 =50g、 =150g，打点频率为 50Hz.(已知当地的重力加速度 g=10.00m/s2，结果保留 两位有效数字 )，则 (1)在纸带上打下计数点 5时的速度 _m/s；
21、(2)在 0 5过程中系统动能的增量 Ek=_J，系统势能的减少量Ep=_J；由此得出的结论是：_. 答案：（ 1） 2.4（ 2） 0.58， 0.60 在误差允许的范围内， 、 组成的系统机械能守恒 试题分析：；（ 1）计数点 5的瞬时速度等于 4到 6间的平均速度，则（ 2）在打点 0 5过程中系统动能的增量Ek= 重力势能的减小量 mgh=0.60J，由此得出的结论是：在误差允许的范围内， 、 组成的系统机械能守恒 考点：考查验证机械能守恒 点评：本题要知道系统机械能的减少量等于什么，系统动能的增加量指的是两个物体的动能增加量 “在探究求合力方法 ”的实验情况如图甲所示，其中 A为固定
22、橡皮筋的图钉， O为橡皮筋与细绳的结点， OB和 OC为细绳。图乙是在白纸上根据实验结果画出的图。图乙中的 F与 F两力中，方向一定沿 AO方向的是 _；本实验采用的科学方法是 _（填 “理想实验法 ”、 “等效替代法 ”或 “控制变量法 ”）。 答案： F 等效替代法 试题分析： F是通过作图的方法得到合力的理论值，而 F是通过一个弹簧称沿 AO方向拉橡皮条，使橡皮条伸长到 O点，使得一个弹簧称的拉力与两个弹簧称的拉力效果相同，测量出的合力故方向一定沿 AO方向的是 F，由于误差的存在 F和 F方向并不在重合实验采用了等效替代方法 考点：考查了 “探究求合力的方法 ”的实验 点评：本题难度较
23、小，本实验采用的是 “等效替代 ”的方法，即一个合力与几个分力共同作用的效果相同，可以互相替代，明确 “理论值 ”和 “实验值 ”的区别 计算题 如图所示 ,传送带与水平面之间的夹角为 ,并以速度 沿斜面向上匀速运行 .传送带的总长度为 L.若将一质量为 m的木块轻轻置于传送带上 ,木块恰处于静止状态 .现将传送带与水平方向之间的夹角增加为 2,且仍以原速度沿斜面向上运行 ,此时将该木块放在传送带的中央 ,然后由静止释放 ,求经多长时间木块滑离传送带 .(重力加速度为 g) 答案： 试题分析：物体静止时 物体下滑过程中 由以上三式解得 考点：考查力与运动的关系 点评：本题难度较小，首先应根据受
24、力分析求得加速度，再由运动学公式求解 宇航员在某星球表面以初速度 v0竖直上抛一个物体，物体上升的最大高度为 h，已知该星球的半径为 R，且物体只受该星球引力作用，引力常量为 G。 （ 1）求该星球表面的重力加速度； （ 2） 如果要在这个星球发射一颗贴近它表面运行的卫星，求该卫星做匀速圆周运动的线速度和周期。 答案：（ 1） （ 2） 试题分析：（ 1）由竖直上抛运动规律可知 得表面重力加速度 （ 2）由万有引力提供向心力可得 得 由周期公式可知 考点：考查天体运动 点评：本题难度较小，掌握竖直上抛运动规律，天体运动中由万有引力提供向心力，熟练掌握公式的推导是关键 如图所示 ,PQ、 MN两
25、极板间存在匀强电场 ,两极板间电势差为 U、间距为 d,MN极板右侧虚线区域内有垂直纸面向内的匀强磁场 .现有一初速度为零、带电量为 q、质量为m的离子从 PQ极板出发 ,经电场加速后 ,从 MN上的小孔 A垂直进入磁场区域 ,并从 C点垂直于虚线边界射出 .求 : (1)离子从小孔 A射出时速度 v0； (2)离子带正电还是负电？ C点离 MN板的距离？ 答案： (1) (2) 试题分析： (1)由动能定理得 :qU= 解得离子从小孔 A射出时速度 v0= (2)由左手定则可知离子带负电 .离子进入磁场后 ,洛仑兹力提供向心力 ,由牛顿第二定律 :qv0B= 解得 :r= = 所以 C点离 MN板的距离为 考点：考查带电粒子在 复合场中的运动 点评：本题难度较小，在电场中的加速由公式 W=qU求解粒子速度，带电粒子在匀强磁场中做的是匀速圆周运动，先找圆心后求半径
