1、2012-2013学年吉林省长春外国语学校高一上学期第二次月考物理试卷与答案（带解析） 选择题 关于物理学研究方法，以下说法正确的是（ ） A在用实验探究加速度、力和质量三者之间的关系时，采用控制变量法 B伽利略用来研究力和运动关系的斜面实验是一个理想实验 C物理学中的 “质点 ”是理想模型 D物理学中所有公式都是用比值定义法定义的 答案： ABC 试题分析： A、在实验中由于涉及物理量较多，因此采用控制变量法进行实验；正确 B、伽利略用来研究力和运动关系时，由于实际中会受到外界一些因素的干扰，所以研究问题是忽略了次要因素，把斜面看成理想斜面来进行研究；正确 C、质点是当物体的大小和形状对所研
2、究的问题没有影响时，忽略了物体的大小和形状，把物体看成有质量的点，是一种理想化模型；正确 D、公式的定义方法很多，比值定义法定义只是其中的一种；错误 故选 ABC 考点：物理思维方法 点评：物理学的发展离不开科学的思维方法，要掌握各种科学方法在物理中的应用，如控制变量法、理想实验、理想化模型、极限思想、微元法等 如图（甲）所示，物体原来静止在 水平地面上，用一水平力 F拉物体，在 F从 0开始逐渐增大的过程中，物体先静止后又做变加速运动，其加速度 a随外力 F变化的图象如图（乙）所示。设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等，重力加速度 g取 10m/s2。根据题目提供的信息，下列判断正确的是 ( )
3、A物体的质量 m=2kg B物体与水平面间的动摩擦因数 =0.6 C物体与水平面的最大静摩擦力 fmax=12N D在 F为 10N 时，物体的加速度 a=2.5m/s2 答案： A 试题分析：此题找到图中两个特殊点，列牛顿第二定律表达式，代入数据就可得出结果。 AB、当 时， ，由牛顿第二定律可得 ；当时， ，由牛顿第二定律可得 两式联立解得m=2kg， =0.3； A对 B错 C、物体与水平面的最大静摩擦力 ；错误 D、当 时，由牛顿第二定律可得 ， ；错误 故选 A 考点：牛顿第二定律 点评：本题关键是根据受力列出牛顿第二定律表达式，然后带入图像中对应的特殊值求解。 两个完全相同的小球
4、A和 B，质量均为 m，用长度相同的两根细线悬挂在水平天花板上的同一点 O，再用长度相同的细线连接 A、 B 两小球，如图所示。然后用一水平向右的力 F作用于小球 A上，使三线均处于直线状态，此时 OB线恰好位于竖直方向，且两小球都刚好静止，两小球均可视为质点，则力 F的大小（ ） A 0 B mg C mg D mg 答案： B 试题分析：对 A进行受力分析如图，此时绳子 AB刚好绷直，拉力为零，所以根据几何关系有 T和水平方向夹角为 30o，则有 ，则 。 故选 B 考点：共点力平衡 点评：此题关键点是绳子 AB没有拉力， AB若有拉力就不能保证 OB竖直了。 如图所示，汽车以 10 m/
5、s的速度匀速驶向路口，当行驶至距路口停车线 20 m处时，绿灯还有 3 s熄灭而该汽车在绿灯熄灭时刚好停在停车线处，则汽车运 动的速度 (v) 时间 (t)图象可能是 ( ) 答案： BC 试题分析：根据 V-t图象所围成的面积表示位移，来计算或估算位移的大小 A、 A图表示位移为 ；错误 B、 B图虽然不能计算出位移大小，但由图可知位移 ；正确 C、 C图表示位移为 ；正确 D、 D图表示位移为 ；错误 故选 BC 考点：匀变速直线运动的速度图像 点评：知道图线和时间轴围成的面积等于物体的位移。 电梯的顶部挂有一个弹簧秤，秤下端挂了一个重物，电梯匀速直线运动时，弹簧秤的示数为 10N，在某时
6、刻电梯中的人观察到弹簧秤的示数变为 8N，关于电梯的运动，以下说法正确的是 (取 g 10 m/s2) （ ） A电梯可能向上加速运动，加速度大小为 2m/s2 B电梯可能向下加速运动，加速度大小为 2m/s2 C电梯可能向上减速运动，加速度大小为 2m/s2 D电梯可能向下减速运动，加速度大小为 2m/s2 答案： BC 试题分析：电梯匀速直线运动时，弹簧秤的示数为 10N，此时示数为物体的实际重力，当在某时刻电梯中的人观察到弹簧秤的示数变为 8N 时，物体失重，加速度向下，根据牛顿第二定律 的加速度大小为 ，可能的运动情况是向下加速运动或向上减速运动。 故选 BC 考点：超重和失重 点评：
7、可以根据加速度方向判断是超重还是失重，超重和失重各自对应两种运动状态。 如图中所示， x、 y、 z为三个物块， k为轻质弹簧， L为轻线 .系统处于平衡状态 .现若将 L 突然剪断，用 ax、 ay分别表示刚剪断时 x、 y 的加速度，则有（ ） A ax=0、 ay=0 B ax=0、 ay0 C ax0、 ay0 D ax0、 ay=0 答案： B 试题分析：剪短绳子的瞬间，弹簧长度来不及变化，弹簧弹力不变，所以 x受力情况没有变化，故 x的加速度仍然为零；剪短绳子后， y的绳子拉力消失，其它力没有变化，合力不再为零，加速度也不再为零。 故选 B 考点：牛顿第二定律的瞬时性 点评：弹簧弹
8、力不能瞬间变化，绳子拉力可以瞬间变化，这一点是解决本题的关键。 在一种叫做 “蹦极跳 ”的运动中，质量为 m的游戏者身系一根长为 L、弹性优良的轻质柔软的橡皮绳，从高处由静止开始下落 1.5L时达到最低点，若不计空气阻力，则在弹性绳从原长达最低点的过程中，以下说法正确的是（ ） A速度先减小后增大 B加速度先减小后增大 C速度一直减小，直到为零 D加速度一直增大，最后达到某一最大值 答案： B 试题分析：游戏者下落分成两个阶段，重力大于弹力时做加速度减小的加速运动，当弹力大于重力以后做加速度增大的减速运动。 开始下落阶段，游戏者的重力大于橡皮绳的拉力，游戏者合力向下，速度向下，做加速运动，根据
9、牛顿第二定律得： mg-F=ma，橡皮绳的拉力 F逐渐增大， a逐渐减小，当橡皮绳的拉力大于游戏者的重力时，游戏者合力向上，速度向下，做减速运动，又由牛顿第二定律得： F-mg=ma， F增大， a增大即加速度先减小后增大，速度先增大后减小 故选 B 考点：牛顿第二定律 点评：分清各个阶段受力大小，找出合外力变化情况，根据牛顿第二定律就可以知道加速度变化情况。 如图，重量为的物体 A在大小为 F的水平向左恒力作用下，静止在倾角为 的光滑斜面上 .下列关于物体对斜面压力大小的表达式，正确的是（ ） A B C D 答案： ABD 试题分析：如图对 A进行受力分析 A、由三角函数关系得 ， ；正确
10、 B、由勾股定理可得 ；正确 C、根据正交分解法可得 ；错误 D、以 F为已知量 ， ；正确 故选 ABD 考点：共点力平衡 点评：中等难度。共点力平衡问题可以用力的合成法求解，也可以用力的分解法求解，还可以用正交分解法求解 物体受到三个共点力的作用，以下分别是这三个力的大小，不可能使该物体保持平衡状态的是（ ） A 3N， 14N， 16N B 10N， 2N， 4N C 2N， 4N， 6N D 5N， 5N， 2N 答案： B 试题分析： A、 3N 和 14N 的合力取值范围是 11N 17N， 16N 的力在这个范围内，三个力合力可以等于零，该物体可以保持平衡；错误 B、 2N 和
11、4N 的合力取值范围是 2N 6N,10N 的力不在这个范围内，三个力合力不能等于零，该物体不能保持平衡；正确 C、 2N 和 4N 的合力取值范围是 2N 6N,6N 的力在这个范围内，三个力合力可以等于零，该物体可以保持平衡；错误 D、 5N 和 2N 的合力取值范围是 3N 7N, 5N 力在这个范围内，三个力合力可以等于零，该物体可以保持平衡；错误 故选 B 考点：力的合成 点评：求三个力的合力的最值是一个难点，解题的有效方法是：找出其中的最大者 ，其他两个力的大小之和为 ，若 ，则三个合力的最小值；当 时，则三个力合力的最小值 如图所示，质量为 m的木块 P在质量 为 M的长木板 a
12、b上滑行，长木板放在水平地面上一直处于静止状态若 ab与地面间的动摩擦因数为 1，木块 P与长木块 ab间的动摩擦因数为 2，则长木板 ab受到地面的摩擦力大小为 ( ) A 1Mg B 1(m M)g C 2mg D 1Mg 2mg 答案： C 试题分析：物体 m相对 M滑动，受到向左的滑动摩擦力，大小为：；根据牛顿第三定律， m对 M有向右的滑动摩擦力， M受到地面对其向左的静摩擦力，根据共点力平衡条件，有 ，因而则长木板ab受到地面的摩擦力大小为 . 故选 C 考点：摩擦力 点评：本题中首先要判断出木板与地面间是滑动摩擦力还是静摩擦力，滑动摩擦力用 来计算，静摩擦力用二力平衡来计算 如图
13、所示，分别是物体运动的位移 x、速度 v、加速度 a和物体受到的合外力 F随 时间 t的变化图象，其中表示物体在做匀变速运动的是 ( )答案： D 试题分析： A、本图位移随时间均匀变化，是一条过原点的倾斜直线，是匀速直线运动；错误 B、速度图线是一条平行于时间轴的直线，物体做匀速直线运动；错误 C、加速度图像是一条斜线，表示加速度是变化的，而匀变速直线运动的加速度不变；错误 D、本图表示力的大小和方向均不变，即物体受到的合外力不变，根据牛顿第二定律可知加速度恒定，是匀变速直线运动；正确 故选 D 考点：匀变速直线运动的图象 点评：在研究图象是一定要看清纵轴所表示的物理意义，然后再根据图线的变
14、化规律判断物体的运动。 下列说法正确的是（ ） A物体通过的路程不同，但位移可能相同 B战斗机在战斗前扔掉副油箱，目的是减小惯性 C物体速度的变化量越大，加速度越大 D在国际单位制中力的单位用 “牛顿 ”表示， “牛顿 ”是基本单位 答案： AB 试题分析： A、物体从一个地方到另外一个地方，位移时一定的，但路径可以不同，所以路程不同；正确 B、质量大小决定惯性大小，战斗机在战斗前扔掉副油箱，让飞机质量减小，从而惯性减小；正确 C、加速度是表示速度变化快慢的物理量，速度变化越快，加速度越大；错误 D、在国际单位制中力的单位用 “牛顿 ”表示， “牛顿 ”是导出单位，力学中，基本单位只有三个，即
15、千克、米、秒；错误 故选 AB 考点：基本物理概念 点评：只有深刻理解基本物理概念，才能树立正确的物理观点。 实验题 图为 “验证牛顿第二定律 ”的实验装置示意图砂和砂桶的质量为 m，小 车和砝码的总质量为 M.实验中用砂和砂桶总重力的大小作为细线对小车拉力的大小 (1)实验中，为了使细线对小车的拉力等于小车所受的合外力，先调节长木板一端滑轮的高度，使细线与长木板平行接下来还需要进行的一项操作是 ( ) A将长木板水平放置，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，给打点计时器通电，调节 m的大小，使小车在砂和砂桶的牵引下运动，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动 B将长木板的一端垫起适当的高度，让小
16、车连着已经穿过打点计时器的纸带，撤去砂和砂桶，给打点计时器通电，轻推小车，从打出的纸带判断小 车是否做匀速运动 C将长木板的一端垫起适当的高度，撤去纸带以及砂和砂桶，轻推小车，观察判断小车是否做匀速运动 (2)实验中要进行质量 m和 M的选取，以下最合理的一组是 ( ) A M 200 g， m 10 g、 15 g、 20 g、 25 g、 30 g、 40 g B M 200 g， m 20 g、 40 g、 60 g、 80 g、 100 g、 120 g C M 400 g， m 10 g、 15 g、 20 g、 25 g、 30 g、 40 g D M 400 g， m 20 g、
17、 40 g、 60 g、 80 g、 100 g、 120 g (3)下图是实验中得到的一条纸带， A、 B、 C、 D、 E、 F、 G为 7个相邻的计数点，相邻的两个计数点之间还有四个点未画出量出相邻的计数点之间的距离分别为： SAB 4.22 cm、 SBC 4.65 cm、 SCD 5.08 cm、 SDE 5.49 cm、 SEF 5.91 cm、 SFG 6.34 cm.已知打点计时器的工作频率为 50 Hz，则小车的加速度 a_m/s2 (结果保留 2位有效数字 )答案： (1) B (2) C (3) 试题分析： (1)本实验中木板对小车，打点计时器对纸带都有一定的摩擦，为了平
18、衡摩擦，需要把长木板的一端垫起适当的高度，此时一定要小车连着已经穿过打点计时器的纸带，不能让砂和砂桶提供拉力，给打点计时器通电，轻推小车，让小车运动，通过纸带判断小车是否匀速，调节垫高的高度，直到纸带上的点的间距相等时为止。 故选 B (2)本实验拉力不等于砂和砂桶的重力，只有当 Mm时，拉力才近似的等于砂和砂桶的重力，十倍以上才叫远远大于，故选 C (3)根据题意可知，相邻计数点的时间间隔 T=0.10s，根据逐差法有。 考点：验证牛顿第二定律 点评 ：本实验中由于砂和砂桶也做加速运动，绳子对砂和砂桶的拉力小于砂和砂桶的重力，当 Mm时，拉力才近似的等于砂和砂桶的重力。 在 “验证力的平行四
19、边形定则 ”的实验中，下列说法正确的是（ ） A两细线必须等长，用两弹簧秤同时拉细线时两弹簧秤示数之差应尽可能大 B弹簧秤、细线、橡皮条都应与木板平行 C同一实验中，两次拉伸橡皮条和细绳的结点都必须到相同的位置 D拉橡皮条的细线要长些，标记同一细线方向的两点要远些 答案： BCD 试题分析： A、本实验中，两细线不必等长，用两弹簧秤同时拉细线时两弹簧秤示数之差应适当；错误 B、弹簧秤、细线、橡皮条都应与木板平行，这样可以保证所有的力都在同一个水平面上，以减小误差；正确 C、这样可以保证合力和分力的作用效果相同；正确 D、这样可以更准确的记录各个力的方向；正确 考点：验证力的平行四边形定则 点评
20、：在试验中要牢记各个注意事项，认真读数、记录、作图，实验误差才会较小。 计算题 在水平桌面上叠放着 A、 B物体 ,如图 B与桌面间的动摩擦因数为 0.4，两物体的质量分别为 mA=2kg， mB=3kg .用 30N 的 水平力 F拉 B时， AB未产生相对滑动 ,求 A受到的摩擦力 . (取 g 10 m/s2) 答案： N 试题分析： AB相对静止，加速度相同， A受静摩擦力作用， A受到的摩擦力等于 A的合外力。 根据牛顿第二定律 解得 以 A为研究对象， A受到的静摩擦力就是 A的合外力 即 考点：牛顿第二定律 点评：本题重点考查了整体法和隔离法的综合运用。 质量为 m=2kg的物体
21、，放在水平面上，它与水平面之间的动摩擦因数=0.5，现对物体施 F=30N 的作用力，方向与水平成 =370（ sin370=0.6，cos370=0.8）角斜向上，如图所示，（ g=10m/s2）求： （ 1）物体运动的加速度多大？ （ 2）物体在力 F作用下经 4s通过的位移是多大？ （ 3）如果力 F作用经 4s而撤去，则撤去 F后物体运动的加速度多大？ 答案：（ 1） （ 2） 48m （ 3） 试题分析：（ 1）对物体进行受力分析有 联立 解得 （ 2）物体在力 F作用做初速度为零的匀加速直线运动 （ 3）撤去 F后物体水平方向只受摩擦力，所以 代入数据解得 考点：牛顿第二定律 点评
22、：本题属于已知受力情况求运动情况的基 础题目，易错点在于，撤掉 F后摩擦力发生变化，学生往往可能忽略这点 在倾斜角为 的长斜面上，一带有风帆的滑块从静止开始沿斜面下滑，滑块 (连同风帆 )的质量为 m，滑块与斜面间的动摩擦因数为 、风帆受到向后的空气阻力与滑块下滑的速度 v大小成正比，即 f kv.滑块从静止开始沿斜面下滑的 v-t图象如图所示，图中的倾斜直线是 t 0时刻速度图线的切线 (1)由图象求滑块下滑的最大加速度和最大速度的大小； (2)若 m 2 kg， 37， g 10m/s2，求出 和 k的值 (sin37 0.6， cos370.8) 答案： (1) 2m/s (2) 0.375 k=3 N s/m 试题分析：速度图线的切线的斜率表示加速度的大小，开始时切线斜率最大，加速度最大，速度图线逐渐接近某一数值，这一数值就是最大速度。 (1)由图象知： t 0时，加速度 a最大 . (2)根据牛顿第二定律得 解得 达最大速度后，滑块做匀速直线运动，有： 解得 . 考点：牛顿第二定律应用 点评：根据图像解题一要看清坐标轴的物理意义，知道斜率、截距、渐近线等的意义。
