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    2008年普通高等学校招生全国统一考试理数试卷及答案-山东卷.pdf

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    2008年普通高等学校招生全国统一考试理数试卷及答案-山东卷.pdf

    1、2008 年普通高等学校招生全国统一考试(山东卷) 理科数学 第卷(共 60 分) 参考公式: 球的表面积公式: S 4 R 2 ,其中 R 是球的半径 . 如果事件 A 在一次试验中发生的概率是 p,那么 n 次独立重复试验中事件 A 恰好发生 k 次 的概率: P n ( k) C k n p k (1-p) n-k ( k 0, 1, 2, n) . 如果事件 A、 B 互斥,那么 P( A+B) P( A) +P( B) . 如果事件 A、 B 相互独立,那么 P( AB) P( A) P( B) . 一、选择题:本大题共 12 小题,每小题 5 分,共 60 分,在每小题给出的四个

    2、选项中,只有一项是符合题目要求的 . ( 1)满足 M a 1 , a 2 , a 3 , a 4 ,且 M a 1 ,a 2 , a 3 = a 1 ,a 2 的集合 M 的个数是 ( A) 1 (B)2 (C)3 (D)4 ( 2)设 z 的共轭复数是 z ,若 z+ z =4, z z 8,则 z z 等于 ( A) i ( B) -i (C) 1 (D) i ( 3)函数 y lncosx(- 2 x 2 的图象是 ( A ) ( 4)设函数 f(x) x+1 + x-a的图象关于直线 x 1 对称,则 a 的值为 (A) 3 (B)2 (C)1 (D)-1 ( 5)已知 cos( -

    3、 6 ) +sin = 47 3, sin( ) 56 +则 的值是 ( A) - 5 32 ( B) 5 32 (C)- 5 4 (D) 5 4 ( 6)右图是一个几何体的三视图,根据图中数据,可得该几 何体的表面积是 (A)9 ( B) 10 (C)11 (D) 12 ( 7)在某地的奥运火炬传递活动中,有编号为 1, 2, 3, 18 的 18 名火炬手。若从中任 选 3 人,则选出的火炬手的编号能组成以 3 为公差的等差数列的概率为 ( A) 51 1 ( B) 68 1 ( C) 306 1 ( D) 408 1 (8)右图是根据山东统计年鉴 2007中的资料作成的 1997 年至

    4、2006 年我省城镇居民百户家庭人口数的茎 叶图,图中左边的数字从左到右分别表示城镇居民百 户家庭人口数的百位数字和十位数字,右边的数字表 示城镇居民百户家庭人口数的个位数字,从图中可以 得到 1997 年至 2006 年我省城镇居民百户家庭人口数 的平均数为 ( A) 304.6 ( B) 303.6 (C)302.6 (D)301.6 ( 9) ( X- 3 1 x ) 12 展开式中的常数项为 ( A) -1320 ( B) 1320 ( C) -220 (D)220 (10)设椭圆 C 1 的离心率为 13 5 , 焦点在 X 轴上且长轴长为 26.若曲线 C 2 上的点到椭圆 C 1

    5、 的两 个焦点的距离的差的绝对值等于 8,则曲线 C 2 的标准方程为 ( A) 1 34 2 2 2 2 = yx (B) 1 513 2 2 2 2 = yx (C) 1 43 2 2 2 2 = yx (D) 1 1213 2 2 2 2 = yx ( 11)已知圆的方程为 X 2 +Y 2 -6X-8Y 0.设该圆过点( 3, 5)的最长弦和最短弦分别为 AC 和 BD,则四边形 ABCD 的面积为 ( A) 10 6 ( B) 20 6 ( C) 30 6 ( D) 40 6 ( 12)设二元一次不等式组 + + + 0142 ,08 0192 yx yx yx , 所表示的平面区域

    6、为 M,使函数 y a x (a 0, a 1)的图象过区域 M 的 a 的取值范围是 ( A) 1,3 (B)2, 10 (C)2,9 (D) 10 ,9 29 1158 30 26 31 0247 第卷(共 90 分) 二、填空题:本大题共 4 小题,每小题 4 分,共 16 分 . ( 13) 执行右边的程序框图, 若 p 0.8, 则输出的 n 4 . ( 14)设函数 f(x)=ax 2 +c(a 0),若 )()( 0 1 0 xfdxxf = , 0 x 0 1,则 x 0 的值为 3 3 . ( 15)已知 a, b, c 为 ABC 的三个内角 A, B, C 的对边,向 量

    7、 m ( 1,3 ) , n ( cosA, sinA ) 。若 m n ,且 acosB+bcosA=csinC,则角 B 6 . ( 16)若不等式 3x-b 4 的解集中的整数有且仅有 1, 2, 3,则 b 的取值范围为( 5, 7) . 三、解答题:本大题共 6 小题,共 74 分 . ( 17) (本小题满分 12 分) 已知函数 f(x) )0,0)(cos()sin(3 + xx 为偶函数,且函数 y f(x) 图象的两相邻对称轴间的距离为 . 2 ()求 f( 8 )的值; ()将函数 y f(x)的图象向右平移 6 个单位后,再将得到的图象上各点的横坐标伸长到 原来的 4

    8、倍,纵坐标不变,得到函数 y g(x)的图象,求 g(x)的单调递减区间 . 解: () f(x) )cos()sin(3 + xx + )cos( 2 1 )sin( 2 3 2 xx 2sin( +x - 6 ) 因为 f(x)为偶函数, 所以 对 x R, f(-x)=f(x)恒成立, 因此 sin( - +x - 6 ) sin( +x - 6 ). 即 -sin x cos( - 6 )+cos x sin( - 6 )=sin x cos( - 6 )+cos x sin( - 6 ), 整理得 sin x cos( - 6 )=0.因为 0,且 x R,所以 cos( - 6 )

    9、 0. 又因为 0 ,故 - 6 2 .所以 f(x) 2sin( x + 2 )=2cos x . 由题意得 .2, 2 2 2 所以 = 故 f(x)=2cos2x. 因此 .2 4 cos2) 8 ( = f ()将 f(x)的图象向右平移个 6 个单位后,得到 ) 6 ( xf 的图象,再将所得图象横坐标 伸长到原来的 4 倍,纵坐标不变,得到 () 46 x f 的图象 . ( ) ( ) 2cos 2( ) 2cos ( ). 46 46 23 xx x gx f f = = 所以 当 2k 23 x 2 k + (k Z), 即 4k 3 2 x 4k + 3 8 (k Z)时,

    10、 g(x)单调递减 . 因此 g(x)的单调递减区间为 + 3 8 4, 3 2 4 kk (k Z) ( 18) (本小题满分 12 分) 甲乙两队参加奥运知识竞赛,每队 3 人,每人回答一个问题,答对者为本队赢得一分, 答错得零分。假设甲队中每人答对的概率均为 3 2 ,乙队中 3 人答对的概率分别为 2 1 , 3 2 , 3 2 ,且各人回答正确与否相互之间没有影响。用表示甲队的总得分。 ()求随机变量分布列和数学期望; ()用 A 表示“甲、乙两个队总得分之和等于 3”这一事件,用 B 表示“甲队总得分大于 乙队总得分”这一事件,求 P(AB). ( )解法一:由题意知,的可能取值为

    11、 0, 1, 2, 3,且 所以的分布列为 0 1 2 3 P 27 1 9 2 9 4 27 8 03 1 2 33 22 33 21 2 22 (0) (1) ,(1) (1) , 327 3 39 224 28 (2) ()(1) ,(3) () . 339 27 PC PC PC PC = = = = = = = = 的数学期望为 E = .2 27 8 3 9 4 2 9 2 1 27 1 0 =+ 解法二:根据题设可知 ) 3 2 ,3(B 因此的分布列为 2 3 2 3), 3 2 ,3( .3,2,1,0, 3 2 ) 3 2 1() 3 2 ()( 3 3 2 3 = = E

    12、B kCCkP k kkkk 所以因为 ()解法一:用 C 表示“甲得 2 分乙得 1 分”这一事件,用 D 表示“甲得 3 分乙得 0 分” 这一事件,所以 AB=C D,且 C、 D 互斥,又 , 3 4 ) 2 1 3 1 3 1 () 3 2 ()( , 3 10 2 1 3 1 3 2 2 1 3 2 3 1 2 1 3 1 3 2 ) 3 2 1() 3 2 ()( 5 2 3 2 4 2 3 2 = = += CDP CCP 由互斥事件的概率公式得 243 34 3 34 35 4 3 10 )()()( 54 =+=+= DPCPABP . 解法二:用 A k 表示“甲队得 k

    13、 分 ”这一事件,用 B k 表示“已队得 k 分”这一事件, k=0,1,2,3 由于事件 A 3 B 0 ,A 2 B 1 为互斥事件,故事 P(AB)=P(A 3 B 0 A 2 B 1 )=P(A 3 B 0 )+P(A 2 B 1 ). . 243 34 ) 3 2 2 1 3 1 2 1 ( 3 2 ) 2 1 3 1 () 3 2 ( 2 2 1 23 2 3 2 2 3 = + CC (19)(本小题满分 12 分 ) 将数列 a n 中的所有项按每一行比上一行多一项的规则排成如下数表: a 1 a 2 a 3 a 4 a 5 a 6 a 7 a 8 a 9 a 10 记表中的

    14、第一列数 a 1 , a 2 , a 4 , a 7 , 构成的数列为 b n ,b 1 =a 1 =1. S n 为数列 b n 的前 n 项 和,且满足 n Nn n SSb b 2 2 =1( n 2) . ( )证明数列 n S 1 成等差数列,并求数列 b n 的通项公式; ()上表中,若从第三行起,每一行中的数按从左到右的顺序均构成等比数列,且公 比为同一个正数 .当 91 4 81 =a 时,求上表中第 k(k 3)行所有项的和 . ( )证明:由已知,当 n2 时 2 12 1 2 1 1 1 1 11 1 1 2 1, , 2 1, () 2 1, 111 , 2 1. 11

    15、 1. 2 11 1 11, 22 2 . 1 2 n nn n nn nnn n nn nn nn n n n nnn b bS S Sbb b SS SSSS SS SS SS Sba S n n S S n nbSS = =+ = = = = + = = + = K又 () 所以 () 即 所以 又 所以数列 是首项为,公差为 的等差数列 由上可知 ( ) 即 所以当 时, 22 2 1(1).nnn = + + 因此, = n b 1 n=1 - )1( 2 +nn n 2 ()解:设上表中从第三行起,每行的公比都为 q,且 q 0. 因为 12 13 1 2 12 78, 2 + =

    16、 = 所以表中第 1 行至第 12 行共含有数列 a n 的前 78 项, 故 a 81 在表中第 13 行第三列, 因此 2 81 13 4 . 91 abq=null 又 13 2 , 13 14 b = 所以 q=2. 记表中第 k(k 3)行所有项的和为 S, 则 (1 ) 2(12) 2 (1 2 ) 1() (1) k k kk bq S qkk k = = + + null ( k 3) . (20)(本小题满分 12 分 ) 如图,已知四棱锥 P-ABCD,底面 ABCD 为菱形, PA平面 ABCD, 60ABC=,E, F 分别是 BC, PC 的中点 . ()证明: AE

    17、 PD; ()若 H 为 PD 上的动点, EH 与平面 PA D 所成最大角的正 切值为 6 2 ,求二面角 E AF C 的余弦值 . ()证明:由四边形 ABCD 为菱形, ABC=60,可得 ABC 为正三角形 . 因为 E 为 BC 的中点,所以 AE BC. 又 BC AD,因此 AE AD. 因为 PA平面 ABCD, AE平面 ABCD,所以 PA AE. 而 PA 平面 PA D, AD平面 PA D 且 PA AD=A, 所以 AE平面 PA D,又 PD平面 PA D. 所以 AE PD. ()解:设 AB=2, H 为 PD 上任意一点,连接 AH, EH. 由()知

    18、AE平面 PA D, 则 EHA 为 EH 与平面 PA D 所成的角 . 在 Rt EAH 中, AE= 3 , 所以 当 AH 最短时, EHA 最大, 即 当 AH PD 时, EHA 最大 . 此时 tan EHA= 36 , 2 AE AH AH = 因此 AH= 2 .又 AD=2,所以 ADH=45, 所以 PA =2. 解法一:因为 PA平面 ABCD, PA 平面 PA C, 所以 平面 PA C平面 ABCD. 过 E 作 EO AC 于 O,则 EO平面 PA C, 过 O 作 OS AF 于 S,连接 ES,则 ESO 为二面角 E-AF-C 的平面角, 在 Rt AO

    19、E 中, EO=AE sin30 = 3 2 , AO=AE cos30 = 3 2 , 又 F 是 PC 的中点,在 Rt ASO 中, SO=AO sin45 = 32 4 , 又 22 39 30 , 48 4 SE EO SO=+=+= 在 Rt ESO 中, cos ESO= 32 15 4 , 530 4 SO SE = 即所求二面角的余弦值为 15 . 5 解法二:由()知 AE, AD, AP 两两垂直,以 A 为 坐标原点,建立如图所示的空间直角坐标系,又 E、 F 分别 为 BC、 PC 的中点,所以 E、 F 分别为 BC、 PC 的中点,所以 A( 0, 0, 0) ,

    20、 B( 3 , -1, 0) , C( 3 , 1, 0) , D( 0, 2, 0) , P( 0, 0, 2) , E( 3 , 0, 0) , F( 31 ,1 22 ) , 所以 31 ( 3,0,0), ( , ,1). 22 AE AF= uuur uuur 设平面 AEF 的一法向量为 111 (, ,),mxyz= 则 0, 0, mAE mAF = = uuur null uuur null 因此 1 111 30, 31 0. 22 x xyz = += 取 1 1, (0, 2, 1),zm= = 则 因为 BD AC, BD PA, PA AC=A, 所以 BD平面 A

    21、FC, 故 BD uuur 为平面 AFC 的一法向量 . 又 BD uuur =( - 3,3,0) , 所以 cos m, BD uuur = 23 15 . 5| | 512 mBD mBD = uuur null uuur null 因为 二面角 E-AF-C 为锐角, 所以所求二面角的余弦值为 15 . 5 ( 21) (本小题满分 12 分) 已知函数 1 () ln( 1), (1 ) n fx a x x = + 其中 n N*,a 为常数 . ()当 n=2 时,求函数 f(x)的极值; ()当 a=1 时,证明:对任意的正整数 n, 当 x 2 时,有 f(x) x-1.

    22、()解:由已知得函数 f(x)的定义域为 x|x 1, 当 n=2 时, 2 1 () ln( 1), (1 ) fx a x x =+ 所以 2 3 2(1) () . (1 ) ax fx x = ( 1)当 a 0 时,由 () 0fx = 得 1 2 1x a =+ 1, 2 2 1x a = 1, 此时 12 3 ()() () (1 ) ax x x x fx x = . 当 x( 1, x 1 )时, () 0, ()f xfx 单调递增 . ( 2)当 a 0 时, () 0fx . 所以当 x 2,+ 时, g(x)单调递增, 又 g(2)=0 因此 1 () 1 ln( 1

    23、) (1) n gx x x x = g(2)=0 恒成立, 所以 f(x) x-1 成立 . 当 n 为奇数时, 要证 ()f x x-1,由于 1 (1 ) n x 0,所以只需证 ln(x-1) x-1, 令 h(x)=x-1-ln(x-1), 则 12 () 1 11 x hx xx = = 0( x 2) , 所以 当 x 2, + 时, () 1 ln( 1)hx x x= 单调递增,又 h(2)=1 0, 所以当 x 2 时,恒有 h(x) 0,即 ln( x-1) x-1 命题成立 . 综上所述,结论成立 . 证法二:当 a=1 时, 1 () ln( 1). (1 ) n f

    24、x x x =+ 当 x 2,时,对任意的正整数 n,恒有 1 (1 ) n x 1, 故只需证明 1+ln(x-1) x-1. 令 ) () 1 (1 ln( 1) 2 ln( 1), 2,hx x x x x x=+ = + 则 12 () 1 , 11 x hx xx = = 当 x 2 时, ()hx 0,故 h(x)在 ) 2,+ 上单调递增, 因此 当 x 2 时, h(x) h(2)=0,即 1+ln(x-1) x-1 成立 . 故 当 x 2 时,有 1 ln( 1) (1 ) n x x + x-1. 即 f( x) x-1. (22)(本小题满分 14 分 ) 如图, 设抛

    25、物线方程为 x 2 =2py(p 0),M 为 直线 y= -2p 上任意 一点,过 M 引抛物线的切线,切点分别为 A, B. ()求证: A, M, B 三点的横坐标成等差数列; ()已知当 M 点的坐标为( 2, -2p)时, 410AB = , 求此时抛物线的方程; ()是否存在点 M,使得点 C 关于直线 AB 的对称点 D 在 抛物线 2 2( 0)xpyp= 上,其中,点 C 满足 OC OA OB=+ uuur uuur uuur ( O 为坐标原点) .若存在, 求出所有适合题意的点 M 的坐标; 若不存在,请说明理由 . ()证明:由题意设 22 12 120 ( , ),

    26、 ( , ), , ( , 2 ). 22 xx Ax Bx x x M x p pp 由 2 2x py= 得 2 2 x y p = ,则 , x y p = 所以 12 ,. MA MB x x kk p p = 因此直线 MA 的方程为 1 0 2(), x y pxx p += 直线 MB 的方程为 2 0 2(). x y pxx p += 所以 2 11 10 2(), 2 xx p xx pp += 2 22 20 2(). 2 xx p xx pp += 由、得 2 12 120 , 2 xx x xx + = + 因此 12 0 2 x x x + = ,即 012 2.x

    27、 xx= + 所以 A、 M、 B 三点的横坐标成等差数列 . ()解:由()知,当 x 0 =2 时, 将其代入、并整理得: 22 11 44 0,xxp = 22 44 0,xxp= 所以 x 1 、 x 2 是方程 22 44 0 xxp =的两根, 因此 2 12 12 4, 4 ,x xxx p+= = 又 22 21 012 21 22 , 2 AB xx xxxpp k x xpp + = 所以 2 . AB k p = 由弦长公式得 22 2 12 12 2 4 1()4 1 1616.AB k x x x x p p =+ + =+ + 又 410AB = , 所以 p=1

    28、或 p=2, 因此所求抛物线方程为 2 2x y= 或 2 4.x y= ()解:设 D(x 3 ,y 3 ),由题意得 C(x 1 + x 2 , y 1 + y 2 ), 则 CD 的中点坐标为 12312 3 (, ), 22 x xxyyy Q + + 设直线 AB 的方程为 0 11 (), x y yxx p = 由点 Q 在直线 AB 上,并注意到点 1212 (, ) 22 x xy y+ + 也在直线 AB 上, 代入得 0 33 . x y x p = 若 D( x 3 ,y 3 )在抛物线上,则 2 3303 22,x py x x= 因此 x 3 =0 或 x 3 =2

    29、x 0 . 即 D(0, 0)或 2 0 0 2 (2 , ). x Dx p ( 1)当 x 0 =0 时,则 12 0 20 xx x+= =,此时,点 M(0,-2p)适合题意 . ( 2)当 0 0 x ,对于 D(0, 0),此时 22 12 22 22 12 12 0 00 2 (2 , ), , 4 CD xx x xxxp Cx k p xpx + + = 又 0 , AB x k p = AB CD, 所以 22 22 0 12 12 2 0 1, 44 AB CD x xx xx kk ppx p + =nullnull 即 22 2 12 4,x xp+= 矛盾 . 对于 2 0 0 2 (2 , ), x Dx p 因为 22 12 0 (2 , ), 2 x x Cx p + 此时直线 CD 平行于 y 轴, 又 0 0, AB x k p = 所以 直线 AB 与直线 CD 不垂直,与题设矛盾, 所以 0 0 x 时,不存在符合题意的 M 点 . 综上所述,仅存在一点 M(0, -2p)适合题意 .


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