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    【考研类试卷】考研数学二-387及答案解析.doc

    • 资源ID:1395757       资源大小:225.50KB        全文页数:10页
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    【考研类试卷】考研数学二-387及答案解析.doc

    1、考研数学二-387 及答案解析(总分:150.00,做题时间:90 分钟)一、选择题(总题数:8,分数:32.00)1.已知当 x0 时,函数 f(x)=3sinx-sin3x与 cx k 是等价无穷小,则(分数:4.00)A.k=1,c=4.B.k=1,c=-4.C.k=3,c=4.D.k=3,c=-4.2.设函数 y=f(x)由方程 cos(xy)+lny-x=1确定,则 (分数:4.00)A.2.B.1.C.-1.D.-2.3.设函数 f(x)在(-,+)内连续,其导函数的图形如图所示,则 (分数:4.00)A.函数 f(x)有 2个极值点,曲线 y=f(x)有 2个拐点B.函数 f(x

    2、)有 2个极值点,曲线 y=f(x)有 3个拐点C.函数 f(x)有 3个极值点,曲线 y=f(x)有 1个拐点D.函数 f(x)有 3个极值点,曲线 y=f(x)有 2个拐点4.设函数 y=y(x)由参数方程 确定,则曲线 y=y(x)在 x=3处的法线与 x轴交点的横坐标是 A B (分数:4.00)A.B.C.D.5.设 f(x,y)为连续函数,则 等于 A B C D (分数:4.00)A.B.C.D.6.设函数 f(u,v)满足 则 依次是 A B C D (分数:4.00)A.B.C.D.7.n阶矩阵 A具有,n 个不同的特征值是 A与对角矩阵相似的(分数:4.00)A.充分必要条

    3、件B.充分而非必要条件C.必要而非充分条件D.既非充分也非必要条件8.设 A是 n阶矩阵, 是 n维列向量,若秩 则线性方程组 AAx= 必有无穷多解 BAx= 必有惟一解 C D (分数:4.00)A.B.C.D.二、填空题(总题数:6,分数:24.00)9.曲线 (分数:4.00)10.反常积分 (分数:4.00)11.设函数 (分数:4.00)12.设封闭曲线 L的极坐标方程为 (分数:4.00)13.极限 (分数:4.00)14.二次型 f(x 1 ,x 2 ,x 3 )=(x 1 +x 2 ) 2 +(x 2 -x 3 ) 2 +(x 3 +x 1 ) 2 的秩为 1 (分数:4.0

    4、0)三、解答题(总题数:9,分数:94.00)15.求极限 (分数:10.00)_16.设函数 z=f(xy,yg(x),函数 f具有二阶连续偏导数,函数 g(x)可导且在 x=1处取得极值 g(1)=1.求 (分数:10.00)_17.已知函数 f(x,y)满足 f“ xy (x,y)=2(y+1)e x ,f“ x (x,0)=(x+1)e x ,f(0,y)=y 2 +2y,求f(x,y)的极值 (分数:10.00)_18.已知函数 f(x,y)具有二阶连续偏导数,且 f(1,y)=0,f(x,1)=0, 其中 D=(x,y)|0x1,0y1,计算二重积 (分数:10.00)_已知函数

    5、f(x)满足方程 f“(x)+f“(x)-2f(x)=0及 f“(x)+f(x)=2e x ,(分数:12.00)(1).求 f(x)的表达式;(分数:6.00)_(2).求曲线 (分数:6.00)_设奇函数 f(x)在闭区间-1,1上具有 2阶导数,且 f(1)=1.证明(分数:10.00)(1).存在 (0,1),使得 f“()=1;(分数:5.00)_(2).存在 (-1,1),使得 f“()+f“()=1.(分数:5.00)_设曲线 L的方程为 (分数:10.00)(1).求 L的弧长;(分数:5.00)_(2).设 D是由曲线 L,直线 x=1,x=e 及 x轴所围平面图形,求 D的

    6、形心的横坐标(分数:5.00)_设四元齐次线性方程组()为 (分数:11.00)(1).求方程组()的一个基础解系;(分数:5.50)_(2).当 a为何值时,方程组()与()有非零公共解?在有非零公共解时,求出全部非零公共解(分数:5.50)_19.设 A为 m阶实对称矩阵且正定,B 为 mn阶实矩阵,B T 为 B的转置矩阵,试证 B T AB为正定矩阵的充分必要条件是矩阵 B的秩 r(B)=n (分数:11.00)_考研数学二-387 答案解析(总分:150.00,做题时间:90 分钟)一、选择题(总题数:8,分数:32.00)1.已知当 x0 时,函数 f(x)=3sinx-sin3x

    7、与 cx k 是等价无穷小,则(分数:4.00)A.k=1,c=4.B.k=1,c=-4.C.k=3,c=4. D.k=3,c=-4.解析:解析一 用泰勒公式 由题意 即 所以 k=3,c=4.因此应选 C 解析二 欲使 由洛必达法则可得, 只需 和差化积得 亦是 2.设函数 y=f(x)由方程 cos(xy)+lny-x=1确定,则 (分数:4.00)A.2. B.1.C.-1.D.-2.解析:解析 在方程 cos(xy)+lny-x=1中,令 x=0,得 y=1,等式两端对 x求导得 将 x=0,y=1 代入上式,得 y“(0)=1.于是 3.设函数 f(x)在(-,+)内连续,其导函数的

    8、图形如图所示,则 (分数:4.00)A.函数 f(x)有 2个极值点,曲线 y=f(x)有 2个拐点B.函数 f(x)有 2个极值点,曲线 y=f(x)有 3个拐点 C.函数 f(x)有 3个极值点,曲线 y=f(x)有 1个拐点D.函数 f(x)有 3个极值点,曲线 y=f(x)有 2个拐点解析:解析 从图可看出,函数 f(x)有 3个驻点及 1个不可导点,前两个驻点两侧 f“(x)符号相反,而后一个驻点及不可导点两侧 f“(x)符号相同,故函数 f(x)有 2个极值点 4.设函数 y=y(x)由参数方程 确定,则曲线 y=y(x)在 x=3处的法线与 x轴交点的横坐标是 A B (分数:4

    9、.00)A. B.C.D.解析:解析 先由 x=3确定 t的取值,进而求出在此点的导数及相应的法线方程,从而可得所需的横坐标当 x=3时,有 t 2 +2t=3,得 t=1,t=-3(舍去,此时 y无意义),于是 可见过点 x=3(此时 y=ln2)的法线方程为:y-ln2=-8(x-3), 令 y=0,得其与 x轴交点的横坐标为: 5.设 f(x,y)为连续函数,则 等于 A B C D (分数:4.00)A.B.C. D.解析:解析 本题考查将极坐标系下的累次积分转换为直角坐标系下的累次积分,首先由题设画出积分区域的图形,然后化为直角坐标系下累次积分即可由题设可知积分区域 D如图所示,显然

    10、是 Y型域,则 故选 C 6.设函数 f(u,v)满足 则 依次是 A B C D (分数:4.00)A.B.C.D. 解析:解析一 先求出 f(u,v),直接求偏导数即可 令 则 故 所以 选 D 解析二 令 时, 方程 两边分别对 x,y 求偏导数得 把 代入上两式 解方程组有 7.n阶矩阵 A具有,n 个不同的特征值是 A与对角矩阵相似的(分数:4.00)A.充分必要条件B.充分而非必要条件 C.必要而非充分条件D.既非充分也非必要条件解析:解析 A 8.设 A是 n阶矩阵, 是 n维列向量,若秩 则线性方程组 AAx= 必有无穷多解 BAx= 必有惟一解 C D (分数:4.00)A.

    11、B.C.D. 解析:解析 因 A是 n阶矩阵, 是 n+1阶矩阵,有 所以 二、填空题(总题数:6,分数:24.00)9.曲线 (分数:4.00)解析: 解析 本题属基本题型,直接用斜渐近线方程公式进行计算即可 因为 于是所求斜渐近线方程为 如何求垂直渐近线、水平渐近线和斜渐近线,是基本要求,应熟练掌握 这里应注意两点:1.当存在水平渐近线时,不需要再求斜渐近线; 2.若当 x时,极限 10.反常积分 (分数:4.00)解析: 解析 利用凑微分法和牛顿莱布尼兹公式求解 11.设函数 (分数:4.00)解析: 解析 本题求函数的高阶导数,利用递推法或函数的麦克劳林展开式 则 故 12.设封闭曲线

    12、 L的极坐标方程为 (分数:4.00)解析: 解析 由极坐标下平面图形的面积公式直接计算即得 13.极限 (分数:4.00)解析:sin1-cos1. 解析 利用定积分的定义 14.二次型 f(x 1 ,x 2 ,x 3 )=(x 1 +x 2 ) 2 +(x 2 -x 3 ) 2 +(x 3 +x 1 ) 2 的秩为 1 (分数:4.00)解析:2 解析 因为 二次型 f的矩阵是 易见秩 r(A)=2,故二次型 f的秩为 2. 若认为二次型的标准形是 从而秩 r(f)=3就错误了 因为对于 而言,由于行列式 从而不是坐标变换,因而 三、解答题(总题数:9,分数:94.00)15.求极限 (分

    13、数:10.00)_正确答案:()解析:解 16.设函数 z=f(xy,yg(x),函数 f具有二阶连续偏导数,函数 g(x)可导且在 x=1处取得极值 g(1)=1.求 (分数:10.00)_正确答案:()解析:解 由题意 g“(1)=0.因为 所以,令 x=y=1,且注意到 g(1)=1,g“(1)=0,得 17.已知函数 f(x,y)满足 f“ xy (x,y)=2(y+1)e x ,f“ x (x,0)=(x+1)e x ,f(0,y)=y 2 +2y,求f(x,y)的极值 (分数:10.00)_正确答案:()解析:解 f“ xy (x,y)=2(y+1)e x 两边以 y积分,得 f“

    14、 x (x,y)=(y+1) 2 e x +(x), 由 f“ x (x,0)=(x+1)e x ,有 (x)=xe x , 再 f“ x (x,y)=(y+1) 2 e x +xe x 两边以 x积分,得 f(x,y)=(y+1) 2 e x +(x-1)e x +(y), 用 f(0,y)=y 2 +2y,可知 (y)=0,因而 f(x,y)=(y+1) 2 e x +(x-1)e x , 解方程组 18.已知函数 f(x,y)具有二阶连续偏导数,且 f(1,y)=0,f(x,1)=0, 其中 D=(x,y)|0x1,0y1,计算二重积 (分数:10.00)_正确答案:()解析:解 用分部

    15、积分法 交换积分次序 再用分部积分法 所以 已知函数 f(x)满足方程 f“(x)+f“(x)-2f(x)=0及 f“(x)+f(x)=2e x ,(分数:12.00)(1).求 f(x)的表达式;(分数:6.00)_正确答案:()解析:解 齐次线性微分方程 f“(x)+f“(x)-2f(x)=0的特征方程为:r 2 +r-2=0,特征根为 r 1 =1,r 2 =-2, 因此齐次微分方程的通解为 f(x)=C 1 e x +C 2 e -2x 于是 f“(x)=C 1 e x -2C 2 e -2x ,f“(x)=C 1 e x +4C 2 e -2x , 代入 f“(x)+f(x)=2e

    16、x 得 2C 1 e x +5C 2 e -2x =2e x ,从而 C 1 =1,C 2 =0, 故 f(x)=e x (2).求曲线 (分数:6.00)_正确答案:()解析:解 因曲线方程为 所以 设奇函数 f(x)在闭区间-1,1上具有 2阶导数,且 f(1)=1.证明(分数:10.00)(1).存在 (0,1),使得 f“()=1;(分数:5.00)_正确答案:()解析:证明 方法一:令 F(x)=f(x)-x,则 F(1)=f(1)-1=0.由 f(x)为奇函数知 f(0)=0,因此 F(0)=f(0)-0=0,即 F(x)在区间0,1上满足罗尔定理条件,于是存在点 (0,1),使得

    17、 F“()=0,即 f“()=1. 方法二:由 f(x)为奇函数知 f(0)=0,且易知 f(x)在区间0,1上满足拉格朗日中值定理条件,因此存在点 (0,1),使得 (2).存在 (-1,1),使得 f“()+f“()=1.(分数:5.00)_正确答案:()解析:证明 令 G(x)=e x f“(x)-1由第一小题知 G()=0.又已知 f(x)为奇函数,故 f“(x)为偶函数,于是 f“(-)=f“()=1,故 G(-)=0.因此 G(x)在区间-,上满足罗尔定理条件,于是存在点 设曲线 L的方程为 (分数:10.00)(1).求 L的弧长;(分数:5.00)_正确答案:()解析:解 因为

    18、 故 L的弧长 (2).设 D是由曲线 L,直线 x=1,x=e 及 x轴所围平面图形,求 D的形心的横坐标(分数:5.00)_正确答案:()解析:解 D 的形心的横坐标 而且 故 设四元齐次线性方程组()为 (分数:11.00)(1).求方程组()的一个基础解系;(分数:5.50)_正确答案:()解析:解 对方程组()的系数矩阵作初等行变换,有 (2).当 a为何值时,方程组()与()有非零公共解?在有非零公共解时,求出全部非零公共解(分数:5.50)_正确答案:()解析:解 设 是方程组()和()的非零公共解,则 =x 1 1 +x 2 2 =-x 3 1 -x 4 2 那么 x 1 1

    19、+x 2 2 +x 3 1 +x 4 4 =0. 对系数矩阵 A=( 1 , 2 , 1 , 2 )作初等行变换,有 由 不全为 当 a=-1时 得基础解系 1 =(-1,-1,1,0) T , 2 =(-4,-7,0,1) T 所以 Ax=0的通解为 k 1 1 +k 2 2 =(-k 1 -4k 2 ,-k 1 -7k 2 ,k 1 ,k 2 ) T 故方程组()和()的公共解 19.设 A为 m阶实对称矩阵且正定,B 为 mn阶实矩阵,B T 为 B的转置矩阵,试证 B T AB为正定矩阵的充分必要条件是矩阵 B的秩 r(B)=n (分数:11.00)_正确答案:()解析:证 必要性:设 B T AB是正定矩阵,按正定定义 恒有 x T (B T AB)x0 即(Bx) T A(Bx)0 那么 恒有 Bx0.从而齐次方程组 Bx=0只有零解,故秩 r(B)=n 充分性:因为(B T AB) T =B T A T (B T ) T =B T AB,知 B T AB为实对称矩阵 当秩 r(B)=n时,Bx=0 只有零解,那么 恒有 Bx0.因为 A是正定矩阵,那么当 Bx0 时必有(Bx) T A(Bx)0,所以


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