1、初级网络管理员上午试题-70 及答案解析(总分：75.00，做题时间：90 分钟)1.微内核技术与客户/服务器模式的结构是网络操作系统、分布式操作系统的新的结构形式，这种混合结构的一个良好的范例是 (3) 。（分数：1.00）A.UNIXB.DOSC.NetWgeD.Windows NT2.关系模式中，表示实体间 n:m联系是通过增加一个 (53) 。（分数：1.00）A.关系实现B.属性实现C.关系或一个属性实现D.关系和一个属性实现按照群体规模分类，计算机支持的协调工作 CSCW可分为 (55) 。群见系统的主要目标是 (56) 。 (57) 不是群件系统区别于其他系统的显著特征。群件与
2、CSCW的关系是 (58) 。（分数：4.00）A.同步方式和异步方式B.同地协作和异地协作C.两人协同系统和对人协同系统D.协同方式和异步方式A.支持群件 5个不同层次的协作B.数据通信C.信息通信D.协调A.共享环境B.总体任务或目标C.信息管理系统D.计算机协作应用系统A.两者毫无关系B.两者是等同的C.CSCW是群件的具体化D.群件是 CSCW的具体化ISO的常务领导机构是理事会，下设政策指定委员会。政策指定委员会管理 4个专门委员会。负责研究协调各国和地区产品质量的合格认证的是 (61) ，负责维护消费者利益的是 (62) ，负责研究发展中国家对标准化要求的是 (63) ，负责研究标
3、准化情报交流方法与措施的是 (64) 。（分数：4.00）A.合格判定委员会B.消费者政策委员会C.发展中国家委员会D.信息与服务委员会A.合格判定委员会B.消费者政策委员会C.发展中国家委员会D.信息与服务委员会A.合格判定委员会B.消费者政策委员会C.发展中国家委员会D.信息与服务委员会A.合格判定委员会B.消费者政策委员会C.发展中国家委员会D.信息与服务委员会3.IPv6与 IPv4有很大的差异。IPv6 使用 (65) 位 IP地址（分数：1.00）A.32B.64C.128D.2564.下列总线中，支持即插即用功能的总线是 (15) 。（分数：1.00）A.ISA总线B.PCI总线
4、C.RS-232总线D.USB总线提供 Internet接入服务的供应商叫做 (20) 而提供网络信息资源访问的供应商叫做 (21) 。（分数：2.00）A.IMPB.IBPC.ICPD.ISPA.IMPB.IBPC.ICPD.ISP5.下列总线不属于计算机内部总线的是 (14) 。（分数：1.00）A.PCI总线B.ISA总线C.EISA总线D.SCSI总线虚拟存储器的作用是允许 (4) ，它通常使用 (5) 作为主要组成部分。虚拟存储器的调度方法与 (6) 基本类似，即把经常要访问数据驻留在高速存储器中。因为使用了虚拟存储器，指令执行时 (7) 。在虚拟存储系统中常使用相联存储器进行管理，
5、它是 (8) 寻址的。（分数：5.00）A.直接使用外存代替内存B.添加比地址的长度更多的内存容量C.程序可访问比内存更大的地址空间D.提高内存的访问速度A.CDROMB.硬盘C.软盘D.寄存器A.CacheB.DMAC.I/OD.中断A.所需的数据一定能在内存中找到B.必须进行“虚/实”地址转换C.必须事先使用覆盖技术D.必须将常用的程序先调入内存A.按地址B.按内容C.按寄存器D.通过计算以太网策略中有 3种监听方法，其中一种是，一旦“介质空闲就发送数据，假如介质忙，继续监听，直到介质空闲后立即发送数据”，这种算法称为 (31) 监听算法。这种算法的主要特点是 (32) 。 CSMA/CD
6、协议具有：中突检测功能，网络中的站点一旦检测到中突，就立即停止发送，并发阻塞码，其他站点都会 (33) 。如果基带总线的段长为 d=1000m，中间没有中继器，数据速率为 R=10Mbit/s，信号传播速率为V=200m/s，为了保证在发送期间能够检测到冲突，则该网络上的最小帧长为 (34) bit。对于具有同样参数的宽带总线网络，最小帧长应为 (35) bit。（分数：5.00）A.坚持型B.非坚持型C.P-坚持型D.0-持型A.介质利用率低，但冲突概率低B.介质利用率高，但冲突概率高C.介质利用率低，且无法避免冲突D.介质利用率高，且可以有效避免冲突A.处于待发送状态B.继续竞争发送权C.
7、接收到阻塞信号D.继续发送数据A.50B.100C.150D.200A.50B.100C.150D.200假设某计算机有 1MB的内存，并按字节编址，为了能存取其中的内容，其地址寄存器至少需要 (9) 位。为使 4字节组成的字能从存储器中一次读出，要求存放在存储器中的字边界对齐，一个字的地址码应 (10) 。若存储周期为 200ns，且每个周期访问 4B，则该存储器的带宽为 (11) bit/s。假如程序员可用的存储空间为 4MB，则程序员所用的地址为 (12) ，而真正访问内存的地址为 (13) 。（分数：5.00）A.10B.16C.20D.32A.最低两位为 00B.最低两位为 10C.
8、最高两位为 00D.最高两位为 10A.20MB.40MC.80MD.160MA.有效地址B.程序地址C.逻辑地址D.物理地址A.指令地址B.物理地址C.内存地址D.数据地址帧中继网 CHINAFRN的虚电路建立在 (24) ，用户平面采用的协议是 (25) 。这种网络没有流量控制功能，但是增加了拥塞控制功能，如果沿着帧传送方向出现了拥塞，则把帧地址字段中的 (26) 位置 1。这样接收方就可以通过 (27) 要求发送方降低数据传输速率。以下选项中 (28) 是适合提供帧中继业务的网络。（分数：5.00）A.数据链路层B.网络层C.传输层D.会话层A.X28B.HDLCC.LAPDD.LAPF
9、A.BECNB.FECNC.DECND.TECNA.网络层协议B.数据链路层协议C.传输层协议D.高层协议A.LANB.ATMC.DDND.ISDNWeb browser is simply a terminal emulator, designed to display text on a screen. The two essential differences between an ordinary terminal emulator and a Web browser are that the browser knows how to deal with (71) , and that
10、 it has a mechanism for (72) graphical files. Display text, display graphics, and (73) hypefiinks, theres 99 percent of the (74) value. Thats not to say that the manufacturers didnt go all-out to attach a hyperactive efflorescence of useless capabilities onto their browsers. Remember when media chan
11、nels in the browser were a big deal, instead of the clutter you cant wait to delete from your favorites of bookmarks menu? Remember when client-side Java applets were supposed to become the preferred (75) for application development? Remember frames and all their nasty side effects?（分数：5.00）A.superl
12、inksB.linksC.hyperlinksD.connectionsA.displayingB.illustratingC.drawingD.writingA.directB.navigateC.indicateD.go-onA.Web browsersB.terminalsC.emulatorsD.networksA.planeB.plantC.plateD.platform6.下列协议与电子邮件无关的是 (54) 。（分数：1.00）A.SMTPB.POP3C.MIMED.SNMP7.作业输入到磁盘等外存储器，由操作系统把作业放在特定的存储区域，等待运行称为 (30) 。（分数：1.0
13、0）A.输入状态B.后备状态C.作业状态D.运行状态IEEE802.5令牌环网中，时延是由 (36) 决定的。要保证环网的正常运行，整个环网的时延必须大于 (37) 。设有一个令牌环网，长度为 400m，环上有 28个站，数据速率为 4Mbit/s，信号传播速度为 200m/s，每个站点引入 1位时延，则环网的最大和最小时延分别为 (38) 和 (39) 。（分数：4.00）A.站点时延和信号传播时延B.令牌帧的长短和数据帧的长短C.电缆长度和站点个数D.数据速率和信号传播速度A.数据帧长B.令牌帧长C.信号传播时延D.站点个数A.1B.8C.20D.24A.9B.28C.36D.48安全评估
14、标准是信息技术安全标准体系的一部分， 目前有待加强标准化工作。它的内容包括 (59) 。环境评估是安全评估的重要内容之一，它的重点考虑内容包括 (60) 。（分数：2.00）A.信息技术安全机制标准B.信息技术安全术语标准C.计算机系统安全评估标准D.应用产品安全标准A.监听和欺骗的可能性B.服务器用户、口令情况C.网络设备正常运行的相关物理环境D.服务器应用配置合理性8.在数据库的规范化中，满足 3NF，则必满足 (52) 。（分数：1.00）A.2NFB.1NFC.BCNFD.2NF和 INF9.对 9位补码操作数(A5) 16进行两位算式右移的结果是 (19) 。（分数：1.00）A.(
15、D2)16B.(52)16C.(E9)16D.(69)1632位的 IP地址可以划分为网络号，主机号两部分。以下地址标记中用 0表示所有比特为 0，用-1 表示所有比特为 1。其中 (41) 不能作为目标地址； (42) 不能作为源地址； (43) 不能出现在主机之外； (44) 不能出现在本地网之外； (45) 在 Ipv4中不用，保留供以后使用。（分数：5.00）A.0，0B.127，主机号C.10，主机号D.网络号，-1A.0，0B.127，主机号C.10，主机号D.网络号，-1A.0，0B.127，主机号C.10，主机号D.网络号，-1A.0，0B.127，主机号C.10，主机号D.网
16、络号，-1A.10，主机号)B.127，主机号C.192，主机号D.244，主机号10.以下属于网络操作系统工作模式的是 (1) 。（分数：1.00）A.ISO/OSI模型B.TCP/IPC.Client/ServerD.对等实体模型11.UNIX操作系统的进程控制块中，常驻内存的是 (2) 。（分数：1.00）A.proc结构B.proc结构和核心栈C.ppda区D.proc结构和 user结构设机罪码的长度为 8位，已知 X、Z 为带符号的纯整数，Y 为带符号的纯小数，X 原 +Y补 +Z移=11111111，求出 X、Y、Z 的十进制真值为：X= (16) ，Y= (17) ，Z= (1
17、8) 。（分数：3.00）A.-1B.127C.-127D.1A.1/128B.-1/128C.-127/128D.127/128A.-1B.127C.-127D.112.设信道的码元速率为 300波特，采用 4相 DPSK调制，则信道的数据速率为， (22) bit/s。（分数：1.00）A.300B.600C.800D.100013.按照 RSA算法，若选两个素数 p=11，q=7，公钥为 n=77，e=7，则私钥 d= (46) 。（分数：1.00）A.43B.11C.31D.以上都不对14.设信道带宽为 3000Hz，信噪比为 30db，则信道可达到的最大数据速率约为 (23) bit
18、/s。（分数：1.00）A.10000B.20000C.30000D.4000015.能够直接对数据库中的数据进行操作的软件是 (40) 。（分数：1.00）A.字处理软件B.操作系统C.数据库管理系统D.编译软件16.作业调度是从处于 (29) 状态的作业中选取一个作业并把它装入主存。（分数：1.00）A.执行B.完成C.输入D.收容防火墙是隔离内部和外部网的一类安全系统。通常防火墙中使用的技术有过滤和代理两种。路由器可以根据 (47) 进行过滤，以阻挡某些非法访问。 (48) 是 种代理协议，使用该协议的代理服务器是种 (49) 网关。另外一种代理服务器使用 (50) 技术，它可以把内部网
19、络中的某些私有 IP地址隐藏起来。安全机制是实现安全服务的技术手段，一种安全机制可以提供多种安全服务，而一种安全服务也可采用多种安全机制。加密机制不能提供的安全服务是 (51) 。（分数：5.00）A.网卡地址B.IP地址C.用户标识D.加密方法A.SSLB.STTC.SOCKSD.CHAPA.链路层B.网络层C.传输层D.应用层A.NATB.CIDRC.BGPD.OSPFA.数据保密性B.访问控制C.数字签名D.认证(66) is a one-way function that takes an arbitrarily long piece of plaintext and from it
20、computes a fixed,length bit string. (67) is a protocol that most USENET machines now use it to allow news articles to propagate from one machine to another over a reliable connection. (68) is an approach preferred by cable TV providers. In this solution the fiber terminates at an optelectrical conve
21、rter and the final segment is a shared coaxial cable. (69) is a device used to connect two separate network that use different communication protocol. (70) is a digital-to-digital polar encoding method in which the signal level is always either positive or negative.（分数：5.00）A.MDB.RSAC.DESD.MIBA.RTPB
22、.RTTPC.FTPD.NNTPA.ADSLB.FTTCC.HFCD.FTTHA.RouterB.GatewayC.BridgeD.hubA.NNIB.NRZC.NAKD.NVT初级网络管理员上午试题-70 答案解析(总分：75.00，做题时间：90 分钟)1.微内核技术与客户/服务器模式的结构是网络操作系统、分布式操作系统的新的结构形式，这种混合结构的一个良好的范例是 (3) 。（分数：1.00）A.UNIXB.DOSC.NetWgeD.Windows NT 解析：Windows NT 设计以三种模型为指导思想：客户/服务器模型、对象模型和对称多处理模型。答案为D。2.关系模式中，表示实体间
23、 n:m联系是通过增加一个 (53) 。（分数：1.00）A.关系实现 B.属性实现C.关系或一个属性实现D.关系和一个属性实现解析：实体间是多对多的联系时，则可以增加一个关系。答案为 A。按照群体规模分类，计算机支持的协调工作 CSCW可分为 (55) 。群见系统的主要目标是 (56) 。 (57) 不是群件系统区别于其他系统的显著特征。群件与 CSCW的关系是 (58) 。（分数：4.00）A.同步方式和异步方式B.同地协作和异地协作C.两人协同系统和对人协同系统 D.协同方式和异步方式解析：CSCW 按交互协作方式分为同步方式和异步方式；按群体成员的地理位置分布，分为同地协作和异地协作；
24、按群体规模分为两人协同系统和多人协调系统；按 CSCW应用系统分为协同科研系统和系统设计系统等。答案为 C。A.支持群件 5个不同层次的协作 B.数据通信C.信息通信D.协调解析：群件支持在 5个层次的协作，即数据通信、信息通信、协调、合作和协同。答案为 A。A.共享环境B.总体任务或目标C.信息管理系统 D.计算机协作应用系统解析：群件系统的 3个特征：具备总体目标或任务，具备共享环境，为个计算机协作应用系统。答案为C。A.两者毫无关系B.两者是等同的C.CSCW是群件的具体化D.群件是 CSCW的具体化 解析：群件是 CSCW的一种具体化。答案为 D。ISO的常务领导机构是理事会，下设政策
25、指定委员会。政策指定委员会管理 4个专门委员会。负责研究协调各国和地区产品质量的合格认证的是 (61) ，负责维护消费者利益的是 (62) ，负责研究发展中国家对标准化要求的是 (63) ，负责研究标准化情报交流方法与措施的是 (64) 。（分数：4.00）A.合格判定委员会 B.消费者政策委员会C.发展中国家委员会D.信息与服务委员会解析：本题突出“合格认证”，故选 A。A.合格判定委员会B.消费者政策委员会 C.发展中国家委员会D.信息与服务委员会解析：本题突出“消费者”，故选 B。A.合格判定委员会B.消费者政策委员会C.发展中国家委员会 D.信息与服务委员会解析：本题突出“发展中国家”
26、，故选 C。A.合格判定委员会B.消费者政策委员会C.发展中国家委员会D.信息与服务委员会 解析：本题突出“情报交流”，故选 D。3.IPv6与 IPv4有很大的差异。IPv6 使用 (65) 位 IP地址（分数：1.00）A.32B.64C.128 D.256解析：IPv4 使用 32位 IP地址，IPv6 使用 128位 IP地址。答案为 C。4.下列总线中，支持即插即用功能的总线是 (15) 。（分数：1.00）A.ISA总线B.PCI总线C.RS-232总线D.USB总线 解析：USB 总线支持“即插即用”。答案为 D。提供 Internet接入服务的供应商叫做 (20) 而提供网络信
27、息资源访问的供应商叫做 (21) 。（分数：2.00）A.IMPB.IBPC.ICPD.ISP 解析：因特网服务供应商的英文是 Internet Service Provider，简称 ISP。答案为 D。A.IMPB.IBPC.ICP D.ISP解析：因特网内容供应商的英文是 Internet Context Provider，简称 ICP。答案为 C。5.下列总线不属于计算机内部总线的是 (14) 。（分数：1.00）A.PCI总线B.ISA总线C.EISA总线D.SCSI总线 解析：SCSI 总线是属于计算机的外部总线，PCI、ISA 和 EISA总线都是计算机内部总线。答案为 D。虚拟
28、存储器的作用是允许 (4) ，它通常使用 (5) 作为主要组成部分。虚拟存储器的调度方法与 (6) 基本类似，即把经常要访问数据驻留在高速存储器中。因为使用了虚拟存储器，指令执行时 (7) 。在虚拟存储系统中常使用相联存储器进行管理，它是 (8) 寻址的。（分数：5.00）A.直接使用外存代替内存B.添加比地址的长度更多的内存容量C.程序可访问比内存更大的地址空间 D.提高内存的访问速度解析：虚拟存储器是由主存、硬盘和相应的软件和硬件构成的，其目的就是使程序可访问比内存更大的地址空间。答案为 C。A.CDROMB.硬盘 C.软盘D.寄存器解析：在构成虚拟存储器时，大容量的硬盘是其主要的组成部分
29、。答案为 B。A.Cache B.DMAC.I/OD.中断解析：虚拟存储器在工作的过程中，如果主机执行的程序或者访问的数据不在主存中，则需按规定的方式把数据从硬盘调入主存，虚拟存储器的调度方法与 Cache基本相似。答案为 A。A.所需的数据一定能在内存中找到B.必须进行“虚/实”地址转换 C.必须事先使用覆盖技术D.必须将常用的程序先调入内存解析：由于使用了虚拟存储器，在执行指令时，必须将程序的逻辑地址转换成主有的物理地址，即必须先进行“虚/实”转换。答案为 B。A.按地址B.按内容 C.按寄存器D.通过计算解析：在虚拟存储系统中，相联存储器的最主要的特征就是按内容寻址答案为 B。以太网策略
30、中有 3种监听方法，其中一种是，一旦“介质空闲就发送数据，假如介质忙，继续监听，直到介质空闲后立即发送数据”，这种算法称为 (31) 监听算法。这种算法的主要特点是 (32) 。 CSMA/CD协议具有：中突检测功能，网络中的站点一旦检测到中突，就立即停止发送，并发阻塞码，其他站点都会 (33) 。如果基带总线的段长为 d=1000m，中间没有中继器，数据速率为 R=10Mbit/s，信号传播速率为V=200m/s，为了保证在发送期间能够检测到冲突，则该网络上的最小帧长为 (34) bit。对于具有同样参数的宽带总线网络，最小帧长应为 (35) bit。（分数：5.00）A.坚持型 B.非坚持
31、型C.P-坚持型D.0-持型解析：以太网策略中有 3种监听方法，其中种是，一旦“介质空闲就发送数据，假如介质忙，继续监听，直到介质空闲后立即发送数据”，这种算法称坚持型。这种算法在网络空闲时减少了发送时延，从而提高了介质利用率，但是会在同时监听的站之间引起中突，所以网络在繁忙时可能会降低介质利用率。答案为 A。A.介质利用率低，但冲突概率低B.介质利用率高，但冲突概率高 C.介质利用率低，且无法避免冲突D.介质利用率高，且可以有效避免冲突解析：由题 31的分析可知答案为 B。A.处于待发送状态B.继续竞争发送权C.接收到阻塞信号 D.继续发送数据解析：在发现冲突时，发送站立即停止发送，并发出
32、32位阻塞信号，以强化冲突，其他站点收到阻塞，信号也停止发送。答案为 C。A.50B.100 C.150D.200解析：在基带总线网中，最长冲突时间是网络传送延迟的 2倍，利用计算最小帧长的公式可以得到最小帧长为 1OObit。答案为 B。A.50B.100C.150D.200 解析：在宽带总线中，最长冲突时间是网络传送延时的 4倍，最小帧长应为 200bit。答案为 D。假设某计算机有 1MB的内存，并按字节编址，为了能存取其中的内容，其地址寄存器至少需要 (9) 位。为使 4字节组成的字能从存储器中一次读出，要求存放在存储器中的字边界对齐，一个字的地址码应 (10) 。若存储周期为 200
33、ns，且每个周期访问 4B，则该存储器的带宽为 (11) bit/s。假如程序员可用的存储空间为 4MB，则程序员所用的地址为 (12) ，而真正访问内存的地址为 (13) 。（分数：5.00）A.10B.16C.20 D.32解析：内存容量为 1MB且以字节编址，则需要 20位二进制编码方法才能表示其编码方法，故地址寄存器至少需要 20位。答案为 C。A.最低两位为 00 B.最低两位为 10C.最高两位为 00D.最高两位为 10解析：为使 4字节组成的字一次能从存储器中一次读出，要求存放在存储器中的字边界对齐，则每一个字的地址编码必须能被 4整除，因此，字的地址码的最低两位为 00。答案
34、为 A。A.20MB.40MC.80MD.160M 解析：改内存的存储周期为 200ns(频率为 5MHz)，且每个周期能访问 4B，也就是说每 200ns可存取 4个字节(32bit)。显然，存储器的带宽为 32bit5M/s=160Mbit/s。答案为 D。A.有效地址B.程序地址C.逻辑地址 D.物理地址解析：程序员所用的地址为逻辑地址。答案为 C。A.指令地址B.物理地址 C.内存地址D.数据地址解析：程序需要驻内存运行。程序在内存中访问的地址为物理地址。答案为 B。帧中继网 CHINAFRN的虚电路建立在 (24) ，用户平面采用的协议是 (25) 。这种网络没有流量控制功能，但是增
35、加了拥塞控制功能，如果沿着帧传送方向出现了拥塞，则把帧地址字段中的 (26) 位置 1。这样接收方就可以通过 (27) 要求发送方降低数据传输速率。以下选项中 (28) 是适合提供帧中继业务的网络。（分数：5.00）A.数据链路层 B.网络层C.传输层D.会话层解析：帧中继网的虚电路建立在数据链路层，故答案选 A。A.X28B.HDLCC.LAPDD.LAPF 解析：为了把信令和用户数据分开，在用户平面采用 LAPF协议，故答案选 D。A.BECNB.FECN C.DECND.TECN解析：当沿着帧传送方向出现拥塞时，网络把 FECN比特置位，收方就可以通过高层协议要求发送方降低数据速率。故答
36、案选 B。A.网络层协议B.数据链路层协议C.传输层协议D.高层协议 解析：由 26题的分析可知本题答案为 D。A.LANB.ATMC.DDN D.ISDN解析：DDN 是最适合帧中继服务的网络。答案为 C。Web browser is simply a terminal emulator, designed to display text on a screen. The two essential differences between an ordinary terminal emulator and a Web browser are that the browser knows ho
37、w to deal with (71) , and that it has a mechanism for (72) graphical files. Display text, display graphics, and (73) hypefiinks, theres 99 percent of the (74) value. Thats not to say that the manufacturers didnt go all-out to attach a hyperactive efflorescence of useless capabilities onto their brow
38、sers. Remember when media channels in the browser were a big deal, instead of the clutter you cant wait to delete from your favorites of bookmarks menu? Remember when client-side Java applets were supposed to become the preferred (75) for application development? Remember frames and all their nasty
39、side effects?（分数：5.00）A.superlinksB.linksC.hyperlinks D.connections解析：hyperlink 意为“超链接”。答案为 C。A.displaying B.illustratingC.drawingD.writing解析：题意为“显示图形文件”。答案为 A。A.directB.navigate C.indicateD.go-on解析：题意为“操作超链接”。navigate 意为“操作，操纵”。答案为 B。A.Web browsers B.terminalsC.emulatorsD.networks解析：Web browser 译为“
40、网页浏览器”。根据题意，答案为 A。A.planeB.plantC.plateD.platform 解析：platform 译为“平台”。题意为“Java applets 被认为是很好的应用开发平台”。答案为D。6.下列协议与电子邮件无关的是 (54) 。（分数：1.00）A.SMTPB.POP3C.MIMED.SNMP 解析：SNMP 协议是简单网络管理协议。SMTP、POP3 和 MIME都是与电子邮件有关的协议。通常收取电子邮件使用 POP3协议，发送电子邮件使用 SMTP协议。答案为 D。7.作业输入到磁盘等外存储器，由操作系统把作业放在特定的存储区域，等待运行称为 (30) 。（分数
41、：1.00）A.输入状态B.后备状态 C.作业状态D.运行状态解析：作业通过 Spooling系统输入到计算机系统的后备存储器中，随时等待作业调度程序调度时的状态叫后备状态。答案选 B。IEEE802.5令牌环网中，时延是由 (36) 决定的。要保证环网的正常运行，整个环网的时延必须大于 (37) 。设有一个令牌环网，长度为 400m，环上有 28个站，数据速率为 4Mbit/s，信号传播速度为 200m/s，每个站点引入 1位时延，则环网的最大和最小时延分别为 (38) 和 (39) 。（分数：4.00）A.站点时延和信号传播时延 B.令牌帧的长短和数据帧的长短C.电缆长度和站点个数D.数据
42、速率和信号传播速度解析：整个环网的时延包括信号在网线上的传播时延再加上每个站点引入的 lbit时延。答案为 A。A.数据帧长B.令牌帧长 C.信号传播时延D.站点个数解析：要使网络能够正常工作，环网上必须能够展开一个令牌，所以环网的时延必须大于一个令牌帧的长度。答案为 B。A.1B.8 C.20D.24解析：在给定的环网上，令牌帧的长度是 8bit，信号传播最小时延为 400m200m/s4Mb/s=8bit，正好等于一个令牌帧的长度，故答案选 B。A.9B.28C.36 D.48解析：所有 28个站点都在工作时引入 28bit，总共是 36bit。答案为 C。安全评估标准是信息技术安全标准体
43、系的一部分， 目前有待加强标准化工作。它的内容包括 (59) 。环境评估是安全评估的重要内容之一，它的重点考虑内容包括 (60) 。（分数：2.00）A.信息技术安全机制标准B.信息技术安全术语标准C.计算机系统安全评估标准 D.应用产品安全标准解析：在给出的选项中，只有计算机系统安全评估标准是安全评估标准；信息技术安全机制标准属于安全机制标准；信息技术安全术语标准属于基础类标准；应用产品安全标准属于应用类标准。答案为 C。A.监听和欺骗的可能性 B.服务器用户、口令情况C.网络设备正常运行的相关物理环境D.服务器应用配置合理性解析：在给出的选项中，只有监听和欺骗的可能性属于环境评估；服务器用
44、户、口令情况和服务器应用配置合理性属于服务器安全评估；网络设备正常运行的相关物理环境属于网络设备安全评估。答案为 A。8.在数据库的规范化中，满足 3NF，则必满足 (52) 。（分数：1.00）A.2NFB.1NFC.BCNFD.2NF和 INF 解析：3NF 是 2NF和 1NF的基础上扩展。在数据库模型满足 3NF时，则也满足 2NF和 1NF。答案为 D。9.对 9位补码操作数(A5) 16进行两位算式右移的结果是 (19) 。（分数：1.00）A.(D2)16B.(52)16C.(E9)16 D.(69)16解析：操作数 10100101进行一次算术右移后为 11010010，再进行
45、一次算术右移后为 11101001，即 (E9)16，答案为 C。32位的 IP地址可以划分为网络号，主机号两部分。以下地址标记中用 0表示所有比特为 0，用-1 表示所有比特为 1。其中 (41) 不能作为目标地址； (42) 不能作为源地址； (43) 不能出现在主机之外； (44) 不能出现在本地网之外； (45) 在 Ipv4中不用，保留供以后使用。（分数：5.00）A.0，0 B.127，主机号C.10，主机号D.网络号，-1解析：网络号 0是指本地网络，主机号 0是指本地主机，所以0，0不能作为目标地址。答案为 A。A.0，0B.127，主机号C.10，主机号D.网络号，-1 解析
46、：主机号全在 1是广播地址，所以网络号，-1不能作为源地址。答案为 D。A.0，0B.127，主机号 C.10，主机号D.网络号，-1解析：127，主机号是专用于本地主机的地址，不会出现在本地主机之外。答案为 B。A.0，0B.127，主机号C.10，主机号 D.网络号，-1解析：0，主机号是私有地址，不能出现在本地网之外。答案选 C。A.10，主机号)B.127，主机号C.192，主机号D.244，主机号 解析：244，主机号是 E类地址，保留不用。答案选 D。10.以下属于网络操作系统工作模式的是 (1) 。（分数：1.00）A.ISO/OSI模型B.TCP/IPC.Client/Serv
47、er D.对等实体模型解析：网络操作系统主要有两种工作模式：文件工作模式和 Client/Server模式。答案为 C。11.UNIX操作系统的进程控制块中，常驻内存的是 (2) 。（分数：1.00）A.proc结构 B.proc结构和核心栈C.ppda区D.proc结构和 user结构解析：UNIX 操作系统的进程控制块包含 proc和 user两部分。进程系统数据区(ppda)包含 user结构和系统栈。proc 存放的是系统经常要查询和修改的信息，需要快速访问，因此常将其装入内存。若把进程的所有信息都放入内存，会造成很大的内存开销，所以 UNIX让 user和 ppda可以驻留在内存和盘
48、的交换区中。答案为 A。设机罪码的长度为 8位，已知 X、Z 为带符号的纯整数，Y 为带符号的纯小数，X 原 +Y补 +Z移=11111111，求出 X、Y、Z 的十进制真值为：X= (16) ，Y= (17) ，Z= (18) 。（分数：3.00）A.-1B.127C.-127 D.1解析：带符号的纯整数 X用原码表示为 11111111。根据原码表示法的定义，它应为一个负数，其值为 -127，故 X=-127。答案为 C。A.1/128B.-1/128 C.-127/128D.127/128解析：Y 为带符号纯小数，且用补码表示，它为负数，则 Y=2-7=-128。答案为 B。A.-1B.
49、127 C.-127D.1解析：Z 为带符号纯整数，且用移码表示，转换成补码表示为Z 补 1111111，则 Z=127。答案为 B。12.设信道的码元速率为 300波特，采用 4相 DPSK调制，则信道的数据速率为， (22) bit/s。（分数：1.00）A.300B.600 C.800D.1000解析：所谓 40DPSK，是采用 4种不同码元的差分相移键调制，例如相位差可以是 0、/2、3/2 等4种不同的相位差，这样每个码元代表 2比特信息，因此数据速率是码元速率的 2倍。答案为 B。13.按照 RSA算法，若选两个素数 p=11，q=7，公钥为 n=77，e=7，则私钥 d= (46) 。（分数：1.00）A.43 B.11C.31D.以上都不对解析：在 RSA算法中，e 和 d应满足 ed1 mod(n)，其中 (n)=(9-)(q-1)，即 7d1 m
